Несвојствени интеграл - задаци
DESCRIPTION
И. Ковачевић, З. Мишковић, А .Савић, Математика за инжењере, Висока школа електротехнике и рачунарства струковних студијаTRANSCRIPT
-
Nesvojstveni integrali
Primer 1.
2
1
1?dx
x
=
Podsetimo se najpre kako izgleda ova kriva
Nama treba od 1 do pa bi to bilo:
Dakle, reenje ovog integrala daje oznaenu
Nesvojstveni integrali zadaci
Podsetimo se najpre kako izgleda ova kriva 2
1y
x=
Dakle, reenje ovog integrala daje oznaenu povrinu. Da li je ona beskonana?
1
-
Kako je teoretski +
=
b
aab
dxxfdxxf )(lim)(
2
2 2
1 1 1
1 1 1lim lim lim lim
1 1 1lim 1 0 1 1
1
b b
b b b b
b
dx dx x dxx x x
b
= = = = = +
= + = + =
Povrina ispod krive 2
1y
x= u granicama od 1 do
Ovo nam deluje malo udno, pa pogledajmo kolike su povrine za recimo :
5 5
1 1
dx , imamo:
2 11 1 1lim lim lim lim
1 12 1b b b b
b bx
x x x
+
= = = = = +
u granicama od 1 do je jednaka jedan.
pa pogledajmo kolike su povrine za recimo :
2 2
2
2
1 1
21 1 1 1 1
1 2 1 2dx x dx
x x
= = = =
5 5
2
2
1 1
51 1 1 1 4
1 5 1 5dx x dx
x x
= = = =
2
1 1 1 1 1
2 1 2= = = =
-
10 10
2
2
1 1
1 1 1 1 9dx x dx
x x
= = = =
Vidimo da se povrina pri poveanju gornje granice poveava i da se za pribliava jedinici.
Primer 2.
0
?xxe dx
=
Da najpre pogledamo ta bi to znailo na skici:
Dakle, to bi bila ova osenena povrina.
Kako je teoretski
=
b
a
b
adxxfdxxf )(lim)(
101 1 1 1 9
1 10 1 10dx x dx
x x
= = = =
Vidimo da se povrina pri poveanju gornje granice poveava i da se za pribliava jedinici.
Da najpre pogledamo ta bi to znailo na skici:
Dakle, to bi bila ova osenena povrina.
dx , za na integral imamo:
3
Vidimo da se povrina pri poveanju gornje granice poveava i da se za pribliava jedinici.
-
0 0
limx xa
a
xe dx xe dx
= , reiemo najpre integral bez granica,
( 1)
x
x x x x x x x
x
x u e dx dv
xe dx dx du e dx v x e e dx xe e e x
e v
= =
= = = == = =
=
Vratimo se na zadatak:
0 0
0
0lim lim ( 1) lim [ (0 1) ( 1)]
1 lim ( 1)
Sad imamo:
( 1) 1 1lim ( 1) lim lim 0
:
1
x x x a
a a aa
a
a
a
a aa a a
x
xe dx xe dx e x e e aa
e a
ae a lopital
e e
Dakle
xe dx
= = = =
=
= = = = = =
=
Naravno, povrina bi bila apsolutna vrednost ( jer je kriva ispod x
Primer 3.
2
1?
1dx
x
=+
Kriva 2
1
1y
x=
+ izgleda:
, reiemo najpre integral bez granica, parcijalnom integracijom:
( 1)x x x x x x xxe dx dx du e dx v x e e dx xe e e x= = = == = =
00
lim lim ( 1) lim [ (0 1) ( 1)]
( 1) 1 1lim ( 1) lim lim 0
x x x a
a a a
a aa a a
xe dx xe dx e x e e aa
e a lopitale e
= = = =
= = = = = =
Naravno, povrina bi bila apsolutna vrednost ( jer je kriva ispod x-ose).
4
-
5
Reavanjem datog integrala dobijamo povrinu osenenu na slici.
Postoje dva naina za reavanje, mi emo vam pokazati oba, a vi radite kako kae va profesor .
I nain
Teoretski imamo ( ) lim ( )
b
ba
a
f x dx f x dx
= , pa je
2 2
1 1lim lim ( )
1 1
lim ( ) ( ) ( )2 2
b
b ba
a a
b
a
bdx dx arctgx
ax x
arctgb arctga arctg arctg
= = =+ +
= = =
II nain
Teoretski imamo ( ) ( ) ( )
c
c
f x dx f x dx f x dx
+
= + , a za nau situaciju je zgodno uzeti da je c = 0.
0
2 2 2
0
0
2
2
0
1 1 1Radimo svaki posebno
1 1 1
01lim lim ( ) lim ( 0 ) ( ) ( )
1 2 2
1lim lim( ) lim( 0) ( )
01
a a aa
b
b b b
dx dx dxx x x
dx arctgx arctg arctga arctgax
bdx arctgx arctgb arctg arctg
x
+
= + + + +
= = = = =+
= = = =+
0
2 2 2
0
2
Sad imamo :
1 1 1
1 1 1 2 2dx dx dx
x x x
+
= + = + =+ + +
www.matematiranje.in.rs
-
Primer 4.
5
2
1?
2dx
x=
Primetimo da je oblast definisanosti ove funkcije x > 2, a nama treba integral od 2 do 5.
Na skici to bi izgledalo:
Da se podsetimo ta kae teorija:
Ako je f(x) neograniena u okolini take a ( to jest prava
i neprekidna u svakom intervalu [ a+
b
a
dxxf )( =
Imamo dakle:
( )
5 5
02 2
5
0 0 0 02
1 1lim
2 2
1 2Reimo bez granica dati integral 2 2 2
51lim lim 2 2 lim 2 5 2 2 2 2 lim 2 3 2 2 3
22
dx dxx x
x
dx xx
++
+ + + ++
=
= = + = =+
Primetimo da je oblast definisanosti ove funkcije x > 2, a nama treba integral od 2 do 5.
ena u okolini take a ( to jest prava x = a je vertikalna asimptota
i neprekidna u svakom intervalu [ a+ , b] , >0 onda je :
+
+
b
a
dxxf
)(lim
0
( ) (
2
0 0 0 0
21 2Reimo bez granica dati integral 2 2 2
22
5lim lim 2 2 lim 2 5 2 2 2 2 lim 2 3 2 2 3
x t tdtdx t x
tdx tdtx
+ + + +
== = = =
=
= = + = =
6
Primetimo da je oblast definisanosti ove funkcije x > 2, a nama treba integral od 2 do 5.
x = a je vertikalna asimptota sleva)
)lim lim 2 2 lim 2 5 2 2 2 2 lim 2 3 2 2 3 = = + = =
-
7
Primer 5.
Ispitati konvergenciju integrala
2 3
20 4
xdx
x
Na posao je da reimo ovaj integral, pa ako dobijemo konanu vrednost- konvergira, a ko dobijemo
beskonano, onda divergira.
Oblast definisanosti podintegralne funkcije je:
2
2
2
4 04 0 ( 2,2)
4 0
xx x
x
>
Sad teoretski koristimo :
Ako funkcija f(x) nije ograniena u nekoj okolini take b
( to jest prava x = b je vertikalna asimptota sdesna),
tada , ako je funkcija f(x) neprekidna na svakom intervalu [a,b- ], >0 je
b
a
dxxf )( =
+
b
a
dxxf )(lim0
2 23 3
2 200 0
2 2
3 2
2 2
2 2 2 2
2 32 32 2
2 2 332
20 00
lim4 4
4
2 2
4 4
4 4
(4 )(4 )( )(4 ) 4 4 (4 )
3 3
2(4 )lim lim 4 (4 )
034
x xdx dx
x x
x t
xdx tdtx x xdxdx
xdx tdtx x
x t x t
xt tdt tt dt t x
t
xxdx x
x
+
+ +
=
=
== = =
= = =
= = =
=
2 3 32
0
0
(4 4 4 ) 4lim 4 (4 4 4 ) 4 4
3 3
8 168
3 3
OVO JE
+
=
+ + + =
+ =
Zakljuujemo da integral KONVERGIRA!
-
Primer 6.
2
250
1?
( 1)dx
x=
Naa podintegralna funkcija je definisana za
Teoretski radimo:
Ako je situacija da je f(x) neograni
( to jest prava x = c je vertikalna asimptota )
i ako je f(x) neprekidna u svakom intervalu [a,c
b
a
dxxf )( = c
a
xf (
2 1 22 2
5 5
2 0 050 0 1
2 31
2 5 55
3 3 3 3
5 5 5 5
0 0
1lim ( 1) lim ( 1)
( 1)
( 1) ( 1) Najpre je : ( 1)
2 31
5 5
1 25 5 5 5 5lim ( 1) lim ( 1) 0 ( 1) 0 (( 1) 1)
0 13 3 3 3 3
dx x dx x dxx
x xx dx
x x
+ +
+
+ +
= + =
= =
+
+ = + =
+
Naa podintegralna funkcija je definisana za 1 0 1x x .
Ako je situacija da je f(x) neograniena u okolini take c(a , b)( to jest prava x = c je vertikalna asimptota )
i ako je f(x) neprekidna u svakom intervalu [a,c - ] , [ c + , b] , >0 onda je :
dxx) + b
c
dxxf )( =
+
c
a
dxxf )(lim0
+ +
+
b
c
dxxf
)(lim
0
2 1 22 2
5 5
0 00 0 1
2 3
5 5
3 3 3 3
5 5 5 5
lim ( 1) lim ( 1)
( 1) ( 1)
2 3
5 5
1 25 5 5 5 5lim ( 1) lim ( 1) 0 ( 1) 0 (( 1) 1)
3 3 3 3 3
dx x dx x dx
x x
+
= + =
= =
+ = + =
8
(a , b)
>0 onda je :
dx
-
9
Primer 7.
Nadji povrinu ogranienu krivom 2 3(1 )
xy
x=
+ i njenom asimptotom.
Funkcija je svuda definisana.
Nula funkcije je u nuli . x=0
Funkcija je neparna f(-x)=f(x)
Nema dakle vertikalnu asimptotu a kako je 2 3
lim 0(1 )x
x
x=
+ zakljuujemo da je x osa horizontalna asimptota.
Ako profesor ba insistira, ispitajte i ekstreme....
Skica je:
Nai emo integral od 0 do beskonanosti, pa to pomnoiti sa dva .
2 3 2 3
0 0
2
23
2 3 3 2 2
2 3 2 2
0
2 2lim(1 ) (1 )
11 1 1 122
(1 ) 2 2 2 4 4(1 )
2
1 1 1 12 lim 2 lim lim 1
0(1 ) 4(1 ) 2 (1 ) 2
b
b
b
b b b
x xP dx dx
x x
dtx tx t
dx xdx dt t dtx t t x
dtxdx
bxP dx
x x b
= =+ +
+ =
= = = = = = = + +
=
= = = = + + +
www.matematiranje.in.rs