数列の極限...⎧収束⋯⋯⋯lim 𝑛→∞ 𝑎𝑛= 𝛼 一定の値 𝛼 に収束 発散...
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数学 III Advanced 3章「関数と極限」
1
(教科書 p.92)
項が限りなく続く数列 𝑎1, 𝑎2, 𝑎3, ⋯ , 𝑎𝑛, ⋯ を(① 無限数列 )という。
𝑎𝑛 をその第 𝑛 項といい,この無限数列を {𝑎𝑛} で表す。また,𝑎𝑛 を 𝑛 の式で表したものを数列 {𝑎𝑛} の
一般項という。
(教科書 p.92)
(1) 数列 �1𝑛�,すなわち,数列
1,12
,13
,14
,15
,16
, ⋯
では,𝑛 が限りなく大きくなるとき,第 𝑛 項は限りなく( 0 )
に近づく。
(2) 数列 ��− 12�𝑛−1
�,すなわち,数列
1, −12
,14
, −18
,1
16, −
132
, ⋯
では,𝑛 が限りなく大きくなるとき,第 𝑛 項は限りなく
( 0 )に近づく。
一般に,数列 {𝑎𝑛} において,𝑛 が限りなく大きくなるにつれて,𝑎𝑛 が一定の値 𝛼 に限りなく近づ
くとき,数列 {𝑎𝑛} は 𝛼 に(② 収束 )する,または,数列 {𝑎𝑛} の極限は 𝛼 であるという。そ
の値 𝛼 を数列 {𝑎𝑛} の(③ 極限値 )という。
数列 {𝑎𝑛} の極限値が 𝛼 であるとき,次のように書く。
(④ 𝐥𝐥𝐥𝒏→∞ 𝒂𝒏 = 𝜶 ) または (⑤ 𝒏 → ∞(∗) のとき 𝒂𝒏 → 𝜶 )
(1) lim𝑛→∞1𝑛
= 0
(2) lim𝑛→∞ �−12�𝑛−1
= 0
(教科書 p.93)
数列 {𝑎𝑛} が収束しないとき,数列 {𝑎𝑛} は(⑥ 発散 )するという。
次の数列はいずれも発散する。
(1) 1, 32
, 2, 52
, ⋯ , 𝑛+12
, ⋯
(2) −1, −2, −4, −8, ⋯ , −2𝑛−1, ⋯
一般に,数列 {𝑎𝑛} において,𝑛 を限りなく大きくすると,𝑎𝑛 が限りなく大きくなるとき,数列 {𝑎𝑛}
は(⑦ 正の無限大に発散 )するといい
(⑧ 𝐥𝐥𝐥𝒏→∞ 𝒂𝒏 = ∞ ) または (⑨ 𝒏 → ∞ のとき 𝒂𝒏 → ∞ )
と書く。また,数列 {𝑎𝑛} において,𝑛 を限りなく大きくすると,𝑎𝑛 が負でその絶対値 |𝑎𝑛| が限りな
く大きくなるとき,数列 {𝑎𝑛} は(⑩ 負の無限大に発散 )するといい,次のように書く。
(⑪ 𝐥𝐥𝐥𝒏→∞ 𝒂𝒏 = −∞ ) または (⑫ 𝒏 → ∞ のとき 𝒂𝒏 → −∞ )
注意 lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = ∞, lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = −∞ のとき,数列 {𝑎𝑛} の極限はそれぞれ正の無限大,負の無限大
であるということがある。
(1) lim𝑛→∞𝑛+12
= ∞
(2) lim𝑛→∞(−2𝑛−1) = −∞
数列 1, −1, 1, −1, ⋯ , (−1)𝑛−1, ⋯
は収束しないから発散する。しかし,正の無限大にも負の無限大にも
発散しない。
このような数列は(⑬ 振動 )するという。
数列の収束・発散
⎩⎪⎨
⎪⎧収束⋯⋯⋯ lim
𝑛→∞𝑎𝑛 = 𝛼 �一定の値 𝛼 に収束�
発散
⎩⎪⎨
⎪⎧ lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = ∞ �正の無限大に発散�
lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = −∞ �負の無限大に発散�
振動 �極限はない�
次の数列の収束,発散を調べよ。
(1) −5, −2, 1, ⋯ , 3𝑛 − 8, ⋯
2 節 数列の極限 1 数列の極限
数列の収束
例 1
数列の発散
例 3
例 4
問 1
例 2
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
2
正の無限大に発散する。
(2) 1, 32
, 53
, ⋯ , 2 − 1𝑛
, ⋯
𝟐 に収束する。
(3) −1, −4, −9, ⋯ , −𝑛2, ⋯
負の無限大に発散する。
(4) −3, 9, −27, ⋯ , (−3)𝑛, ⋯
発散(振動)する。
(教科書 p.95)
数列の極限値については,次の性質が成り立つ。
極限値と四則
数列 {𝑎𝑛}, {𝑏𝑛} が収束して,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 𝛼, lim𝑛→∞ 𝑏𝑛 = 𝛽 のとき
□1 lim𝑛→∞ 𝑘𝑎𝑛 = 𝑘𝛼 ただし,𝑘 は定数
□2 lim𝑛→∞(𝑎𝑛 + 𝑏𝑛) = 𝛼 + 𝛽, lim𝑛→∞(𝑎𝑛 − 𝑏𝑛) = 𝛼 − 𝛽
□3 lim𝑛→∞ 𝑎𝑛𝑏𝑛 = 𝛼𝛽
□4 lim𝑛→∞𝑎𝑛𝑏𝑛
= 𝛼𝛽 ただし,𝛽 ≠ 0
lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = −3, lim𝑛→∞ 𝑏𝑛 = 4 のとき
(1) lim𝑛→∞(2𝑎𝑛 + 5𝑏𝑛) = lim𝑛→∞ 2𝑎𝑛 + lim𝑛→∞ 5𝑏𝑛 = 2 lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 + 5 lim𝑛→∞ 𝑏𝑛
= 2 ∙ (−3) + 5 ∙ 4 = 14
(2) lim𝑛→∞ 𝑎𝑛𝑏𝑛 = lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 ∙ lim𝑛→∞ 𝑏𝑛 = (−3) ∙ 4 = −12
(1) lim𝑛→∞3𝑛+2𝑛+1
= lim𝑛→∞
3+2𝑛1+1𝑛
= 3+01+0
= 3
(2) lim𝑛→∞𝑛+1
2𝑛2−𝑛−3= lim𝑛→∞
1𝑛+
1𝑛2
2−1𝑛−3𝑛2
= 0+02−0−0
= 0
次の極限値を求めよ。
(1) lim𝑛→∞𝑛−52𝑛+1
lim𝑛→∞
𝑛 − 52𝑛 + 1
= lim𝑛→∞
1 − 5𝑛
2 + 1𝑛
=1 − 02 + 0
=𝟏𝟐
(2) lim𝑛→∞𝑛+2𝑛2−2
lim𝑛→∞
𝑛 + 2𝑛2 − 2
= lim𝑛→∞
1𝑛
+ 2𝑛2
1 − 2𝑛2
=0 + 01 − 0
= 𝟎
(3) lim𝑛→∞𝑛2+5𝑛+43−2𝑛2
lim𝑛→∞
𝑛2 + 5𝑛 + 43 − 2𝑛2
= lim𝑛→∞
1 + 5𝑛
+ 4𝑛2
3𝑛2− 2
=1 + 0 + 0
0 − 2= −
𝟏𝟐
(4) lim𝑛→∞ �2 − 𝑛+13𝑛−1
�
lim𝑛→∞
�2 −𝑛 + 1
3𝑛 − 1� = lim
𝑛→∞�2 −
1 + 1𝑛
3 − 1𝑛
� = 2 −1 + 03 − 0
=𝟓𝟑
次の極限を調べよ。
(1) lim𝑛→∞(𝑛3 − 10𝑛2) (2) lim𝑛→∞−2𝑛2+3𝑛+4
(3) lim𝑛→∞�√𝑛2 + 𝑛 − 𝑛�
極限値と四則
例 5
例 6
問 2
1
例題
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
3
(1) lim𝑛→∞(𝑛3 − 10𝑛2) = lim𝑛→∞ 𝑛3 �1 − 10𝑛� において
lim𝑛→∞ 𝑛3 = ∞, lim𝑛→∞ �1 − 10𝑛� = 1 であるから
lim𝑛→∞
(𝑛3 − 10𝑛2) = ∞
(2) lim𝑛→∞−2𝑛2+3𝑛+4
= lim𝑛→∞−2𝑛+3𝑛1+4𝑛
において
lim𝑛→∞ �−2𝑛 + 3𝑛� = −∞, lim𝑛→∞ �1 + 4
𝑛� = 1 であるから
lim𝑛→∞
−2𝑛2 + 3𝑛 + 4
= −∞
(3) lim𝑛→∞�√𝑛2 + 𝑛 − 𝑛�
= lim𝑛→∞�√𝑛2+𝑛−𝑛��√𝑛2+𝑛+𝑛�
√𝑛2+𝑛+𝑛
= lim𝑛→∞
𝑛√𝑛2 + 𝑛 + 𝑛
= lim𝑛→∞
𝑛
𝑛 ��1 + 1𝑛
+ 1�
= lim𝑛→∞
1
�1 + 1𝑛
+ 1=
12
次の極限を調べよ。
(1) lim𝑛→∞(4𝑛 − 3𝑛2)
lim𝑛→∞(4𝑛 − 3𝑛2) = lim𝑛→∞𝑛2 �4𝑛− 3� において
lim𝑛→∞𝑛2 = ∞, lim𝑛→∞ �4𝑛− 3� = −3 であるから
lim𝑛→∞
(4𝑛 − 3𝑛2) = −∞
(2) lim𝑛→∞4𝑛2−𝑛−73𝑛−2
lim𝑛→∞4𝑛2−𝑛−73𝑛−2
= lim𝑛→∞4𝑛−1−7𝑛3−2𝑛
において
lim𝑛→∞ �4𝑛 − 1 − 7𝑛� =∞, lim𝑛→∞ �3 − 2
𝑛� = 3 であるから
lim𝑛→∞
4𝑛2 − 𝑛 − 73𝑛 − 2
= ∞
(3) lim𝑛→∞�√𝑛 + 1 − √𝑛�
lim𝑛→∞
�√𝑛 + 1 − √𝑛�
= lim𝑛→∞
�√𝑛 + 1 − √𝑛��√𝑛 + 1 + √𝑛�√𝑛 + 1 + √𝑛
= lim𝑛→∞
(𝑛 + 1) − 𝑛√𝑛 + 1 + √𝑛
= lim𝑛→∞
1√𝑛 + 1 + √𝑛
= 𝟎
(4) lim𝑛→∞�√𝑛2 − 2𝑛 − 𝑛�
lim𝑛→∞
��𝑛2 − 2𝑛 − 𝑛�
= lim𝑛→∞
�√𝑛2 − 2𝑛 − 𝑛��√𝑛2 − 2𝑛 + 𝑛�√𝑛2 − 2𝑛 + 𝑛
= lim𝑛→∞
(𝑛2 − 2𝑛) − 𝑛2
√𝑛2 − 2𝑛 + 𝑛
= lim𝑛→∞
−2𝑛√𝑛2 − 2𝑛 + 𝑛
= lim𝑛→∞
−2
�1 − 2𝑛
+ 1= −𝟏
(5) lim𝑛→∞3
√𝑛2+2𝑛−𝑛
lim𝑛→∞
3√𝑛2 + 2𝑛 − 𝑛
= lim𝑛→∞
3�√𝑛2 + 2𝑛 + 𝑛��√𝑛2 + 2𝑛 − 𝑛��√𝑛2 + 2𝑛 + 𝑛�
解
問 3
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
4
= lim𝑛→∞
3�√𝑛2 + 2𝑛 + 𝑛�(𝑛2 + 2𝑛) − 𝑛2
= lim𝑛→∞
3�√𝑛2 + 2𝑛 + 𝑛�2𝑛
= lim𝑛→∞
3��1 + 2𝑛
+ 1�
2= 𝟑
(6) lim𝑛→∞2𝑛
√𝑛2+2−√𝑛
lim𝑛→∞
2𝑛√𝑛2 + 2 − √𝑛
= lim𝑛→∞
2
�1 + 2𝑛2− �1
𝑛
= 𝟐
(教科書 p.97)
数列の極限と大小関係については,次の性質が成り立つ。
数列の極限と大小関係
□1 数列 {𝑎𝑛}, {𝑏𝑛} において,𝑎𝑛 ≦ 𝑏𝑛 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) のとき
lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 𝛼, lim𝑛→∞ 𝑏𝑛 = 𝛽 ならば 𝛼 ≦ 𝛽
□2 数列 {𝑎𝑛}, {𝑏𝑛} において,𝑎𝑛 ≦ 𝑏𝑛 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) のとき
lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = ∞ ならば lim𝑛→∞ 𝑏𝑛 = ∞
□3 (*) 数列 {𝑎𝑛}, {𝑏𝑛}, {𝑐𝑛} において,𝑎𝑛 ≦ 𝑏𝑛 ≦ 𝑐𝑛 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) のとき,
lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = lim𝑛→∞ 𝑐𝑛 = 𝛼 ならば,{𝑏𝑛}も収束して lim𝑛→∞
𝑏𝑛 = 𝛼
(*)性質□3 は(⑭ はさみうちの原理 )とよばれている。
𝜃 を定数とするとき,lim𝑛→∞1𝑛
sin𝑛𝜃 を求めよ。
−1 ≦ sin𝑛𝜃 ≦ 1 であるから − 1𝑛≦ 1
𝑛sin𝑛𝜃 ≦ 1
𝑛
ここで, lim𝑛→∞ �−1𝑛� = 0, lim𝑛→∞
1𝑛
= 0 であるから
lim𝑛→∞
1𝑛
sin𝑛𝜃 = 0
𝜃 を定数とするとき, lim𝑛→∞1𝑛
sin2 𝑛𝜃 を求めよ。
0 ≦ sin2 𝑛 𝜃 ≦ 1 であるから
0 ≦1𝑛
sin2 𝑛 𝜃 ≦1𝑛
ここで, lim𝑛→∞
1𝑛
= 0 であるから
lim𝑛→∞
1𝑛
sin2 𝑛 𝜃 = 𝟎
(教科書 p.98)
数列 𝑎, 𝑎𝑎, 𝑎𝑎2, ⋯ , 𝑎𝑎𝑛−1, ⋯ を初項 𝑎,公比 𝑎 の(⑮ 無限等比数列 )という。
数列 {𝒓𝒏} の極限
1 𝑎 > 1 のとき lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = ∞
2 𝑎 = 1 のとき lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = 1
3 |𝑎| < 1 のとき lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = 0
4 𝑎 ≦ −1 のとき 数列 {𝑎𝑛} は振動し,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 は存在しない。
したがって,次のことがわかる。
数列(⑯ {𝒓𝒏} が収束 )する ⇔(⑰ −𝟏 < 𝒓 ≦ 𝟏 )
無限等比数列 6, 12, 24, 48, ⋯ は,一般項が( 3 ∙ 2𝑛 )であり,
公比 2 が( 2 > 1 )であるから lim𝑛→∞ 3 ∙ 2𝑛 = ∞
次の無限等比数列の極限を調べよ。
(1) 23
, 49
, 827
, 1681
, ⋯
一般項が �23�𝑛
であり,公比 23 が
0 < 23
< 1 であるから
数列の極限と大小関係
問 4
2 無限等比数列
問 5
2 例題 応 用
解
例 7
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
5
lim𝑛→∞
�23�𝑛
= 𝟎
(2) 2, −4, 8, −16, ⋯
一般項が 2 ⋅ (−2)𝑛−1 であり,公比 −2 が −2 < −1 であるから
数列 {2 ⋅ (−2)𝑛−1} は振動して,極限は存在しない。
(3) 6, − 92
, 278
, −8132
, ⋯
一般項が 6 ⋅ �− 34�𝑛−1
であり,公比 −34 が −1 < −3
4< 0 であるから
lim𝑛→∞
6 ⋅ �−34�𝑛−1
= 𝟎
(4) −2, −2√3, −6, −6√3, ⋯
一般項が −2 ⋅ �√3�𝑛−1
であり,公比 √3 が √3 > 1 であるから
lim𝑛→∞
�−2 ⋅ �√3�𝑛−1
� = −∞
lim𝑛→∞4𝑛−5𝑛
3𝑛+5𝑛 を求めよ。
lim𝑛→∞4𝑛−5𝑛
3𝑛+5𝑛= lim𝑛→∞
�45�𝑛−1
�35�𝑛+1
= 0−10+1
= −1
次の極限値を求めよ。
(1) lim𝑛→∞4𝑛+5𝑛
6𝑛
lim𝑛→∞
4𝑛 + 5𝑛
6𝑛= lim
𝑛→∞��
23�𝑛
+ �56�𝑛
� = 0 + 0 = 𝟎
(2) lim𝑛→∞3𝑛
1+3𝑛
lim𝑛→∞
3𝑛
1 + 3𝑛= lim
𝑛→∞
1
�13�𝑛
+ 1=
10 + 1
= 𝟏
(3) lim𝑛→∞2𝑛+1−4𝑛+1
3𝑛−4𝑛
lim𝑛→∞
2𝑛+1 − 4𝑛+1
3𝑛 − 4𝑛= lim
𝑛→∞
2 ⋅ �12�𝑛− 4
�34�𝑛− 1
=2 ⋅ 0 − 4
0 − 1= 𝟒
数列 �𝑟𝑛+1
1+𝑟𝑛� の極限を調べよ。ただし,𝑎 ≠ −1 とする。
|𝑎| < 1, 𝑎 = 1, |𝑎| > 1 の場合に分けて考える。
(i) |𝒓| < 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 0, lim𝑛→∞ 𝑎𝑛+1 = 0 である。
よって lim𝑛→∞𝑟𝑛+1
1+𝑟𝑛= 0
1+0= 0 ⋯⋯□答
(ii) 𝒓 = 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 1, lim𝑛→∞ 𝑎𝑛+1 = 1 である。
よって lim𝑛→∞𝑟𝑛+1
1+𝑟𝑛= 1
1+1= 1
2 ⋯⋯□答
(iii) |𝐫| > 𝟏 のとき,�1𝑟� = 1
|𝑟| < 1 であるから
lim𝑛→∞
1𝑎𝑛
= lim𝑛→∞
�1𝑎�𝑛
= 0
よって lim𝑛→∞𝑟𝑛+1
1+𝑟𝑛= lim𝑛→∞
𝑟1𝑟𝑛+1
= 𝑟0+1
= 𝑎 ⋯⋯□答
次の極限を調べよ。
(1) lim𝑛→∞3𝑟𝑛
2+𝑟𝑛 ただし,𝑎 > 0
𝟎 < 𝒓 < 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 0 である。
よって lim𝑛→∞3𝑟𝑛
2+𝑟𝑛= 3⋅0
2+0= 𝟎
𝒓 = 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 1 である。
3
例題
解
問 6
4 例題 応 用
考え方
解
問 7
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
6
よって lim𝑛→∞3𝑟𝑛
2+𝑟𝑛= 3⋅1
2+1= 𝟏
𝒓 > 𝟏 のとき,0 < 1𝑟
< 1 であるから
lim𝑛→∞
1𝑎𝑛
= lim𝑛→∞
�1𝑎�𝑛
= 0
よって lim𝑛→∞3𝑟𝑛
2+𝑟𝑛= lim𝑛→∞
32𝑟𝑛+1
= 30+1
= 𝟑
(2) lim𝑛→∞1−𝑟𝑛
1+𝑟𝑛 ただし,𝑎 ≠ −1
|𝒓| < 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 0 である。
よって lim𝑛→∞1−𝑟𝑛
1+𝑟𝑛= 1−0
1+0= 𝟏
𝒓 = 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 1 である。
よって lim𝑛→∞1−𝑟𝑛
1+𝑟𝑛= 1−1
1+1= 𝟎
|𝒓| > 𝟏 のとき,�1𝑟� = 1
|𝑟| < 1 であるから
lim𝑛→∞
1𝑎𝑛
= lim𝑛→∞
�1𝑎�𝑛
= 0
よって
lim𝑛→∞
1 − 𝑎𝑛
1 + 𝑎𝑛= lim
𝑛→∞
1𝑟𝑛− 1
1𝑟𝑛
+ 1=
0 − 10 + 1
= −𝟏
𝑎1 = 3, 𝑎𝑛+1 = 12𝑎𝑛 + 3 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) で定められる数列 {𝑎𝑛} について,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 を求
めよ。
与えられた漸化式を変形すると 𝑎𝑛+1 − 6 = 12
(𝑎𝑛 − 6)
ここで,𝑎1 − 6 = 3 − 6 = −3 であるから,数列 {𝑎𝑛 − 6} は初項 −3,公比 12 の等比数列であ
る。
したがって 𝑎𝑛 − 6 = −3 ∙ �12�𝑛−1
すなわち 𝑎𝑛 = 6 − 3 ∙ �12�𝑛−1
lim𝑛→∞ �12�𝑛−1
= 0 であるから lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 6
𝑎1 = 1, 𝑎𝑛+1 = 13𝑎𝑛 + 1 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) で定められる数列 {𝑎𝑛} について,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 を求め
よ。
与えられた漸化式を変形すると
𝑎𝑛+1 −32
=13�𝑎𝑛 −
32�
ここで,𝑎1 −32
= 1 − 32
= −12 であるから,数列 �𝑎𝑛 −
32� は初項 −1
2,公比 1
3 の等比数列であ
る。
したがって 𝑎𝑛 −32
= −12⋅ �1
3�𝑛−1
すなわち 𝑎𝑛 = 32− 1
2⋅ �1
3�𝑛−1
lim𝑛→∞ �13�𝑛−1
= 0 であるから
𝐥𝐥𝐥𝒏→∞
𝒂𝒏 =𝟑𝟐
(教科書 p.102)
無限数列 {𝑎𝑛} が与えられたとき
𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3 + ⋯+ 𝑎𝑛 + ⋯
の形の式を(⑱ 無限級数 )といい,𝑎𝑛 をこの無限級数の(⑲ 第 𝒏 項 )という。
5 例題 応 用
解
問 8
3 無限級数
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
7
この無限級数を記号 ∑ を用いて(
⑳ �𝒂𝒏
∞
𝒏=𝟏
)とも書く。すなわち
�𝑎𝑛
∞
𝑛=1
= 𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3 + ⋯+ 𝑎𝑛 + ⋯
無限級数 �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
において,初項から第 𝑛 項までの和
𝑆𝑛 = �𝑎𝑘
𝑛
𝑘=1
= 𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3 + ⋯+ 𝑎𝑛
を,この無限級数の(㉑ 第 𝒏 項までの部分和 )という。すなわち
𝑆1 = 𝑎1 𝑆2 = 𝑎1 + 𝑎2 𝑆3 = 𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3
……
𝑆𝑛 = 𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3 + ⋯+ 𝑎𝑛 ……
数列 {𝑆𝑛} が収束して,その極限値が 𝑆 であるとき,すなわち
lim𝑛→∞
𝑆𝑛 = lim𝑛→∞
�𝑎𝑘
𝑛
𝑘=1
= 𝑆
であるとき,無限級数�𝑎𝑛
∞
𝑛=1
は 𝑆 に(
㉒ 収束 )するといい, 𝑆をこの無限級数の
(㉓ 和 )という。このとき
𝑎1 + 𝑎2 + 𝑎3 + ⋯+ 𝑎𝑛 + ⋯ = 𝑆 または �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
= 𝑆
と書く。
数列 {𝑆𝑛} が発散するとき,無限級数 �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
は(
㉔ 発散 )するという。
次の無限級数の収束,発散を調べ,収束するときはその和を求めよ。
(1) 11∙2
+ 12∙3
+ ⋯+ 1𝑛(𝑛+1) + ⋯
(2) 1
√2+1+ 1
√3+√2+ ⋯+ 1
√𝑛+1+√𝑛+ ⋯
(1) 1
𝑛(𝑛+1) = 1𝑛− 1
𝑛+1
と変形できるから,第 𝑛 項までの部分和 𝑆𝑛 は
𝑆𝑛 =1
1 ∙ 2+
12 ∙ 3
+ ⋯+1
𝑛(𝑛 + 1)
= �1 −12� + �
12−
13� + ⋯+ �
1𝑛−
1𝑛 + 1
� = 1 −1
𝑛 + 1
よって lim𝑛→∞ 𝑆𝑛 = lim𝑛→∞ �1 − 1𝑛+1
� = 1
したがって,この無限級数は収束し,その和は 1 である。
(2) 1
√𝑛+1+√𝑛= √𝑛+1−√𝑛
�√𝑛+1+√𝑛��√𝑛+1−√𝑛�
= √𝑛 + 1 − √𝑛 と変形できるから,第 𝑛 項までの部分和 𝑆𝑛 は
𝑆𝑛 = �√2 − 1� + �√3 − √2� + ⋯+ �√𝑛 + 1 − √𝑛�
= √𝑛 + 1 − 1
よって lim𝑛→∞ 𝑆𝑛 = lim𝑛→∞�√𝑛 + 1 − 1� = ∞
したがって,この無限級数は発散する。
次の無限級数の収束,発散を調べ,収束するときはその和を求めよ。
(1) 11∙3
+ 13∙5
+ ⋯+ 1(2𝑛−1)(2𝑛+1) + ⋯
1(2𝑛 − 1)(2𝑛 + 1) =
12�
12𝑛 − 1
−1
2𝑛 + 1�
6
例題
解
問 9
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
8
と変形できるから,第 𝑛 項までの部分和 𝑆𝑛 は
𝑆𝑛 =1
1 ⋅ 3+
13 ⋅ 5
+ ⋯+1
(2𝑛 − 1)(2𝑛 + 1)
=12�
11−
13� +
12�
13−
15� + ⋯+
12�
12𝑛 − 1
−1
2𝑛 + 1�
=12�1 −
12𝑛 + 1
�
よって lim𝑛→∞𝑆𝑛 = lim𝑛→∞12�1 − 1
2𝑛+1� = 1
2
したがって,この無限級数は収束し,その和は 𝟏𝟐 である。
(2) 1
√3+1+ 1
√5+√3+ ⋯+ 1
√2𝑛+1+√2𝑛−1+ ⋯
1√2𝑛 + 1 + √2𝑛 − 1
=√2𝑛 + 1 − √2𝑛 − 1
�√2𝑛 + 1 + √2𝑛 − 1��√2𝑛 + 1 − √2𝑛 − 1�
=√2𝑛 + 1 − √2𝑛 − 1(2𝑛 + 1) − (2𝑛 − 1)
=√2𝑛 + 1 − √2𝑛 − 1
2
と変形できるから,第 𝑛 項までの部分和 𝑆𝑛 は
𝑆𝑛 =1
√3 + 1+
1√5 + √3
+ ⋯+1
√2𝑛 + 1 + √2𝑛 − 1
=√3 − 1
2+√5 − √3
2+ ⋯+
√2𝑛 + 1 − √2𝑛 − 12
=√2𝑛 + 1 − 1
2
よって lim𝑛→∞𝑆𝑛 = lim𝑛→∞√2𝑛+1−1
2= ∞
したがって,この無限級数は発散する。
(教科書 p.104)
初項 𝑎,公比 𝑎 の無限等比数列 {𝑎𝑎𝑛−1} からつくられた無限級数
�𝑎𝑎𝑛−1∞
𝑛=1
= 𝑎 + 𝑎𝑎 + 𝑎𝑎2 + ⋯+ 𝑎𝑎𝑛−1 + ⋯
を初項 𝑎,公比 𝑎 の(㉕ 無限等比級数 )という。この無限等比級数の収束,発散を調べてみ
よう。
部分和 𝑆𝑛 を考えると,𝑎 ≠ 1 のときは 𝑆𝑛 = 𝑎(1−𝑟𝑛)1−𝑟
𝑎 = 1 のときは 𝑆𝑛 = 𝑛𝑎
教科書 99 ページの数列 {𝑎𝑛} の極限を用いると,無限等比級数は次のようになる。
(i) |𝒓| < 𝟏 のとき
lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 = 0 より,lim𝑛→∞ 𝑆𝑛 = lim𝑛→∞𝑎(1−𝑟𝑛)1−𝑟
= 𝑎1−𝑟
よって,この無限等比級数は収束し,その和は(㉖ 𝒂𝟏−𝒓
)である。
(ii) 𝒓 = 𝟏 のとき
𝑆𝑛 = 𝑛𝑎 で,𝑎 ≠ 0 であるから,この無限等比級数は(㉗ 発散 )する。
(iii) 𝒓 ≦ −𝟏 または 𝟏 < 𝒓 のとき
数列 {𝑎𝑛} は発散するから,{𝑆𝑛} も発散する。
よって,この無限等比級数は(㉘ 発散 )する。
無限等比級数の収束・発散
無限等比級数 𝑎 + 𝑎𝑎 + 𝑎𝑎2 + ⋯+ 𝑎𝑎𝑛−1 + ⋯
の収束,発散は次のようになる。ただし,𝑎 ≠ 0 とする。
□1 |𝒓| < 𝟏 のとき収束して,その和は 𝒂𝟏−𝒓
□2 |𝒓| ≧ 𝟏 のとき発散する。
次の無限等比級数の収束,発散を調べよ。収束するものについてはその和を求めよ。
(1) 1 − 13
+ 19− 1
27+ ⋯
(2) 2 + 3 + 92
+ 274
+ ⋯
(1) 初項 𝑎 = 1,公比 𝑎 = −13 の無限等比級数である。
|𝑎| < 1 であるから収束し,その和 𝑆 は
4 無限等比級数
7
例題
解
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
9
𝑆 =1
1 − �− 13�
=1
1 + 13
=34
(2) 初項 𝑎 = 2,公比 𝑎 = 32 の無限等比級数である。
|𝑎| ≧ 1 であるから,この無限等比級数は発散する。
次の無限等比級数の収束,発散を調べよ。収束するものについてはその和を求めよ。
(1) 64 + 32 + 16 + 8 + ⋯ 初項 𝑎 = 64,公比 𝑎 = 1
2 の無限等比級数である。
|𝑎| < 1 であるから収束し,その和 𝑆 は
𝑆 =64
1 − 12
= 𝟏𝟐𝟏
(2) 5 − 5 + 5 − 5 + ⋯ 初項 𝑎 = 5,公比 𝑎 = −1 の無限等比級数である。
|𝑎| ≧ 1 であるから,この無限等比級数は発散する。
(3) 1 − 110
+ 1100
− 11000
+ ⋯ 初項 𝑎 = 1,公比 𝑎 = − 1
10 の無限等比級数である。
|𝑎| < 1 であるから収束し,その和 𝑆 は
𝑆 =1
1 − �− 110�
=𝟏𝟎𝟏𝟏
無限等比級数 1 − 2𝑥 + 4𝑥2 − 8𝑥3 + ⋯ が収束するような実数 𝑥 の値の範囲と,そのときの和を
求めてみよう。
初項( 1 ),公比( −2𝑥 )の無限等比級数であるから,収束するのは
( |−2𝑥| < 1 ),すなわち( −12
< 𝑥 < 12 )のときであり,その和 𝑆 は
𝑆 = 1
1−(−2𝑥) = 12𝑥+1
次の無限等比級数が収束するような実数 𝑥 の値の範囲を求めよ。また,収束するときの和を求
めよ。
(1) 1 + 𝑥3
+ 𝑥2
9+ 𝑥3
27+ ⋯
初項 1,公比 𝑥3 の無限等比級数であるから,収束するのは �𝑥
3� < 1,すなわち −𝟑 < 𝒙 < 𝟑 の
ときであり,その和 𝑆 は
𝑆 =1
1 − 𝑥3
=𝟑
𝟑 − 𝒙
(2) 4 + 4(1 − 𝑥) + 4(1 − 𝑥)2 + ⋯
初項 4,公比 1 − 𝑥 の無限等比級数であるから,収束するのは |1 − 𝑥| < 1,すなわち
𝟎 < 𝒙 < 𝟐 のときであり,その和 𝑆 は
𝑆 =4
1 − (1 − 𝑥) =𝟒𝒙
1 辺の長さが 𝑎 の正方形がある。その各辺の中点を順に結んで正方
形をつくる。さらにその正方形の各辺の中点を順に結んで正方形を
つくる。このような操作を無限に続けるとき,これらの正方形の周
の長さの総和を求めよ。
最初の正方形の 1 辺の長さが 𝑎 であるから,2 番目の正方形の 1 辺の長さは 𝑎√2
となる。
一般に,𝑛 番目の正方形の 1 辺の長さを 𝑎𝑛 とすると
𝑎𝑛+1 =1√2
𝑎𝑛
したがって,これらの正方形の周の長さがつくる数列は,初項 4𝑎,公比 1√2
の無限等比数列
となる。
よって,求める周の長さの総和 𝑆 は,初項 4𝑎,公比 1√2
の無限等比級数である。
0 < 1√2
< 1 より,𝑆 は収束して
𝑆 = 4𝑎 +4𝑎√2
+4𝑎2
+4𝑎
2√2+ ⋯
=4𝑎
1 − 1√2
=4√2𝑎√2 − 1
= 4�2 + √2�𝑎
∠A = 30°, ∠B = 90°, AB = 𝑎 の直角三角形 ABC がある。この三角形の
内部に右の図のように正方形 𝑆1, 𝑆2, 𝑆3, ⋯ が限りなく並んでいる。こ
れらの正方形の面積の総和を求めよ。
正方形 𝑆1, 𝑆2, ⋯ の 1 辺の長さをそれぞれ 𝑥1, 𝑥2, ⋯ とする。
問 10
問 11
8 例題 応 用
解
問 12
例 8
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
10
BC =𝑎√3
よって
�𝑎√3
− 𝑥1� ∶ 𝑥1 = 1 ∶ √3
これを変形して
𝑥1 =𝑎
√3 + 1
また
(𝑥1 − 𝑥2) ∶ 𝑥2 = 1 ∶ √3
これを変形して
𝑥2 =√3
√3 + 1𝑥1
同様にして
𝑥𝑛+1 =√3
√3 + 1𝑥𝑛
したがって,これらの正方形の面積がつくる数列は,初項 𝑎2
�√3+1�2,公比 � √3
√3+1�2
の無限等比
数列となる。
よって,求める正方形の面積の総和 𝑆 は,初項 𝑎2
�√3+1�2,公比 � √3
√3+1�2
の無限等比級数である。
0 < � √3√3+1
�2
< 1 より,𝑆 は収束して
𝑆 =
𝑎2
�√3+1�2
1 − � √3√3+1
�2 =
𝑎2
�√3 + 1�2− �√3�
2 =𝑎2
1 + 2√3=𝟐√𝟑 − 𝟏𝟏𝟏
𝒂𝟐
(教科書 p.107)
次の循環小数を分数で表せ。
(1) 0. 5̇7̇
(2) 3.52̇
(1) 0. 5̇7̇ = 0.575757⋯
= 0.57 + 0.0057 + 0.000057 + ⋯
この右辺は,初項 0.57,公比 0.01 の無限等比級数である。
したがって
0. 5̇7̇ =0.57
1 − 0.01=
5799
=1933
(2) 3.52̇ = 3.5222222⋯
= 3.5 + 0.02 + 0.002 + 0.0002 + ⋯
この右辺の第 2 項以下は,初項 0.02,公比 0.1 の無限等比級数である。
したがって
3.52̇ = 3.5 +0.02
1 − 0.1= 3.5 +
290
=315 + 2
90=
31790
次の循環小数を分数で表せ。
(1) 0. 6̇
0. 6̇ = 0.6 + 0.06 + 0.006 + ⋯
この右辺は,初項 0.6,公比 0.1 の無限等比級数である。
したがって
0. 6̇ =0.6
1 − 0.1=
0.60.9
=𝟐𝟑
(2) 0. 2̇70̇
0. 2̇70̇ = 0.270 + 0.000270 + 0.000000270 + ⋯
この右辺は,初項 0.270,公比 0.001 の無限等比級数である。
したがって
0. 2̇70̇ =0.270
1 − 0.001=
0.2700.999
=𝟏𝟎𝟑𝟑
(3) 4.25̇4̇
4.25̇4̇ = 4.2 + 0.054 + 0.00054 + 0.0000054 + ⋯
この右辺の第 2 項以下は,初項 0.054,公比 0.01 の無限等比級数である。したがって
循環小数
9
例題
解
問 13
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
11
4.25̇4̇ = 4.2 +0.054
1 − 0.01= 4.2 +
54990
=4158 + 54
990=𝟐𝟑𝟒𝟓𝟓
有限小数は有理数を表し,上に示したように循環小数も有理数である。
逆に有理数を小数で表すと,有限小数または循環小数となる。したがって,無理数は循環しない
無限小数である。
(㉙ 有限小数または循環小数…………有理数 )
(㉚ 循環しない無限小数………………無理数 )
注意 0. 9̇ = 0.91−0.1
= 1 となるから,1 と循環小数 0. 9̇ とは等しい。同様にして,0.15 = 0.149̇, 6.4 =
6.39̇ などとなる。
(教科書 p.108)
教科書 95 ページの数列の極限値の性質から,無限級数について次のことが成り立つ。
無限級数の和・差・実数倍
無限級数 �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
,�𝑏𝑛
∞
𝑛=1
が収束して,その和がそれぞれ 𝑆,𝑇 であるとき,次の
性質が成り立つ。
�𝑘𝑎𝑛
∞
𝑛=1
= 𝑘𝑆 ただし,𝑘 は定数
�(𝑎𝑛 + 𝑏𝑛)∞
𝑛=1
= 𝑆 + 𝑇
�(𝑎𝑛 − 𝑏𝑛)∞
𝑛=1
= 𝑆 − 𝑇
無限級数 �2𝑛 + 3𝑛
6𝑛
∞
𝑛=1
の和を求めよ。
2𝑛+3𝑛
6𝑛= 1
3𝑛+ 1
2𝑛
無限等比級数�1
3𝑛
∞
𝑛=1
,�1
2𝑛
∞
𝑛=1
の公比はそれぞれ 13
,12
であるから,これらはいずれも収束し
て,その和は
�1
3𝑛
∞
𝑛=1
=13
1 − 13
=12
, �1
2𝑛
∞
𝑛=1
=12
1 − 12
= 1
ゆえに �2𝑛 + 3𝑛
6𝑛
∞
𝑛=1
= �1
3𝑛
∞
𝑛=1
+ �1
2𝑛
∞
𝑛=1
=12
+ 1 =32
次の無限級数の和を求めよ。
(1) �5𝑛 − 2𝑛
10𝑛
∞
𝑛=1
5𝑛 − 2𝑛
10𝑛=
12𝑛
−1
5𝑛
無限等比級数�1
2𝑛
∞
𝑛=1
,�1
5𝑛
∞
𝑛=1
の公比はそれぞれ 12
,15
であるから,これらはいずれも収束し
て,その和は
�1
2𝑛
∞
𝑛=1
=12
1 − 12
= 1,
�1
5𝑛
∞
𝑛=1
=15
1 − 15
=14
ゆえに
�5𝑛 − 2𝑛
10𝑛
∞
𝑛=1
= �1
2𝑛
∞
𝑛=1
−�1
5𝑛
∞
𝑛=1
= 1 −14
=𝟑𝟒
(2) �3 ∙ 2𝑛 + (−3)𝑛
5𝑛
∞
𝑛=1
3 ⋅ 2𝑛 + (−3)𝑛
5𝑛= 3 ⋅ �
25�𝑛
+ �−35�𝑛
5 いろいろな無限級数
10
例題
解
問 14
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
12
無限等比級数 3 ⋅ � �25�𝑛∞
𝑛=1
,��−35�𝑛∞
𝑛=1
の公比はそれぞれ 25
, −35
であるから,これらは
いずれも収束して,その和は
3 ⋅ � �25�𝑛∞
𝑛=1
= 3 ⋅25
1 − 25
= 2,
��−35�𝑛∞
𝑛=1
=−3
5
1 − �− 35�
= −38
ゆえに
�3 ⋅ 2𝑛 + (−3)𝑛
5𝑛
∞
𝑛=1
= 3��25�𝑛∞
𝑛=1
+ ��−35�𝑛∞
𝑛=1
= 2 −38
=𝟏𝟑𝟏
次の命題が成り立つ。
無限級数の収束・発散
□1 無限級数 �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
が収束する ⟹ lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = 0
□2 数列 {𝑎𝑛} が 0 に収束しない ⟹ 無限級数 �𝑎𝑛
∞
𝑛=1
は発散する
注意 □2 は□1 の対偶である。
数列 � 𝑛𝑛+1
� は,( lim𝑛→∞𝑛
𝑛+1= 1 )で( 0 )に収束しないから,
無限級数�𝑛
𝑛 + 1
∞
𝑛=1
=12
+23
+34
+ ⋯+𝑛
𝑛 + 1+ ⋯ は( 発散 )する。
無限級数�1 + 2 + 3 + ⋯+ 𝑛
𝑛2
∞
𝑛=1
は発散することを示せ。
数列 �1+2+3+⋯+𝑛𝑛2
� は
lim𝑛→∞
1 + 2 + 3 + ⋯+ 𝑛𝑛2
= lim𝑛→∞
12𝑛(𝑛 + 1)𝑛2
= lim𝑛→∞
12�1 +
1𝑛� =
12
で 0 に収束しないから,無限級数
�1 + 2 + 3 + ⋯+ 𝑛
𝑛2
∞
𝑛=1
=11
+1 + 2
4+
1 + 2 + 39
+ ⋯+1 + 2 + 3 + ⋯+ 𝑛
𝑛2+ ⋯
は発散する。
(教科書 p.110)
問 15 問 題
例 9
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
13
7 次の極限を調べよ。
(1) lim𝑛→∞5−3𝑛2
(𝑛+1)(𝑛+2)
lim𝑛→∞
5 − 3𝑛2
(𝑛 + 1)(𝑛 + 2) = lim𝑛→∞
−3𝑛2 + 5𝑛2 + 3𝑛 + 2
= lim𝑛→∞
−3 + 5𝑛2
1 + 3𝑛
+ 2𝑛2
=−31
= −𝟑
(2) lim𝑛→∞5−2𝑛3
3𝑛2+4
lim𝑛→∞
5 − 2𝑛3
3𝑛2 + 4= lim
𝑛→∞
5𝑛2− 2𝑛
3 + 4𝑛2
= −∞
(3) lim𝑛→∞ ��(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) − �(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)�
lim𝑛→∞
��(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) −�(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)�
= lim𝑛→∞
��(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) − �(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)� ��(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) + �(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)�
�(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) + �(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)
= lim𝑛→∞
(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) − (𝑛 − 2)(𝑛 − 3)
�(𝑛 + 2)(𝑛 + 3) + �(𝑛 − 2)(𝑛 − 3)
= lim𝑛→∞
10𝑛√𝑛2 + 5𝑛 + 6 + √𝑛2 − 5𝑛 + 6
= lim𝑛→∞
10
�1 + 5𝑛
+ 6𝑛2
+ �1 − 5𝑛
+ 6𝑛2
=102
= 𝟓
(4) lim𝑛→∞1𝑛2
cos 𝑛𝑛4
−1 ≦ cos 𝑛𝑛4≦ 1 であるから
−1𝑛2
≦1𝑛2
cos𝑛𝑛4≦
1𝑛2
ここで, lim𝑛→∞ �−1𝑛2� = 0, lim𝑛→∞
1𝑛2
= 0 であるから
lim𝑛→∞
1𝑛2
cos𝑛𝑛4
= 𝟎
(5) lim𝑛→∞3𝑛−(−5)𝑛
(−5)𝑛+3𝑛
lim𝑛→∞
3𝑛 − (−5)𝑛
(−5)𝑛 + 3𝑛= lim
𝑛→∞
�− 35�𝑛− 1
1 + �− 35�𝑛 = −𝟏
8 次の極限を調べよ。
lim𝑛→∞
𝑎2𝑛+1
1 + 𝑎2𝑛
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
14
|𝒓| < 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛 = 0,
lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛+1 = 0 である。
よって lim𝑛→∞𝑟2𝑛+1
1+𝑟2𝑛= 0
1+0= 𝟎
𝒓 = −𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛 = 1, lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛+1 = −1 である。
よって lim𝑛→∞𝑟2𝑛+1
1+𝑟2𝑛= −1
1+1= −𝟏
𝟐
𝒓 = 𝟏 のとき,lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛 = 1,
lim𝑛→∞ 𝑎2𝑛+1 = 1 である。
よって lim𝑛→∞𝑟2𝑛+1
1+𝑟2𝑛= 1
1+1= 𝟏
𝟐
|𝒓| > 𝟏 のとき,�1𝑟� = 1
|𝑟| < 1 であるから
lim𝑛→∞
1𝑎2𝑛
= lim𝑛→∞
�1𝑎�2𝑛
= 0
よって
lim𝑛→∞
𝑎2𝑛+1
1 + 𝑎2𝑛= lim
𝑛→∞
𝑎1𝑟2𝑛
+ 1=
𝑎0 + 1
= 𝒓
9 無限等比数列 3, 6𝑎, 12𝑎2, 24𝑎3, ⋯ が収束するような定数 𝑎 の値の範囲を求めよ。また,その
ときの極限値を求めよ。
初項 3,公比 2𝑎 の無限等比数列であるから,収束するのは −1 < 2𝑎 ≦ 1 すなわち求める 𝒂
の範囲は
−𝟏𝟐
< 𝒂 ≦𝟏𝟐
のときであり,極限値は
−𝟏𝟐
< 𝒂 <𝟏𝟐
のとき 𝟎
𝒂 = 𝟏𝟐 のとき 𝟑
10 𝑎1 = 5, 𝑎𝑛+1 = −13𝑎𝑛 + 4 (𝑛 = 1, 2, 3, ⋯ ) で定められる数列 {𝑎𝑛} について,lim𝑛→∞ 𝑎𝑛 を
求めよ。
与えられた漸化式を変形すると
𝑎𝑛+1 − 3 = −13
(𝑎𝑛 − 3)
ここで,𝑎1 − 3 = 5 − 3 = 2 であるから,数列 {𝑎𝑛 − 3} は初項 2,公比 −13 の等比数列であ
る。
したがって 𝑎𝑛 − 3 = 2 ⋅ �− 13�𝑛−1
すなわち 𝑎𝑛 = 3 + 2 ⋅ �− 13�𝑛−1
lim𝑛→∞ �−13�𝑛−1
= 0 であるから
lim𝑛→∞
𝑎𝑛 = 𝟑
11 次の無限級数の収束,発散を調べ,収束するときはその和を求めよ。
(1) �12
+ 13� + �1
4+ 1
6� + �1
8+ 1
12� + � 1
16+ 1
24� + ⋯
数学 III Advanced 3章「関数と極限」
15
�12
+13� + �
14
+16� + �
18
+1
12� + ⋯ = ���
12�𝑛
+13�
12�𝑛−1
�∞
𝑛=1
=12
1 − 12
+13
1 − 12
=53
したがって,この無限級数は収束し,その和は 𝟓𝟑 である。
(2) �2
√𝑛 + 2 + √𝑛
∞
𝑛=1
2√𝑛 + 2 + √𝑛
=2�√𝑛 + 2 − √𝑛�
�√𝑛 + 2 + √𝑛��√𝑛 + 2 − √𝑛�=
2�√𝑛 + 2 − √𝑛�(𝑛 + 2) − 𝑛
= √𝑛 + 2 − √𝑛
と変形できるから,第 𝑛 項までの部分和 𝑆𝑛 は
𝑆𝑛 = �√3 − 1� + �√4 − √2� + �√5 − √3� + ⋯+ �√𝑛 + 1 − √𝑛 − 1� + �√𝑛 + 2 − √𝑛�
= √𝑛 + 1 + √𝑛 + 2 − 1 − √2
よって lim𝑛→∞ 𝑆𝑛 = ∞
したがって,この無限級数は発散する。
(3) �𝑛2 − 1𝑛2 + 3𝑛
∞
𝑛=1
lim𝑛→∞
𝑛2 − 1𝑛2 + 3𝑛
= lim𝑛→∞
1 − 1𝑛2
1 + 3𝑛
= 1
よって,数列 � 𝑛2−1
𝑛2+3𝑛� が 0 に収束しないから,この無限級数は発散する。
12 AB = 𝑎, ∠B = 90° の直角二等辺三角形 ABC がある。点 A を中心とし,
辺 AB を半径とする円と辺 AC との交点を P1 とし,扇形 ABP1 をつくる。
次に,P1 から辺 BC に垂線 P1Q1 を引き,同じようにして,扇形 P1Q1P2 を
つくる。このような操作を無限に続けるとき,これらの扇形の弧の長さの総和を求めよ。
BP1� = 𝑎 ⋅𝑛4
=𝑛𝑎4
P1C = √2𝑎 − 𝑎 = �√2 − 1�𝑎
P1Q1
P1C=ABAC
=𝑎√2𝑎
=1√2
であるから
P1Q1 =1√2
P1C =√2 − 1√2
𝑎 =2 − √2
2𝑎
Q1P2� =2 − √2
2𝑎 ⋅
𝑛4
=2 − √2
2⋅𝑛𝑎4
したがって,これらの扇形の弧の長さがつくる数列は,初項 𝑛𝑎4 ,公比 2−√2
2 の無限等比数列
となる。
よって,求める扇形の弧の長さの総和 𝑆 は,初項 𝑛𝑎4 ,公比 2−√2
2 の無限等比級数である。
0 < 2−√22
< 1 より,𝑆 は収束して
𝑆 =𝑛𝑎4
1 − 2−√22
=√𝟐𝝅𝒂𝟒