pd orde2 homogen
TRANSCRIPT
Sistem Pegas Massa
L k
m x
m
lKeadaan bebas
Keadaan setimbang
Massa
bergerakKeadaan setimbang,
kl= mg
Sistem Pegas Massa
Fs= -kl
w = mg
mg – kl = 0
Hukum Hooke
Hukum Newton: f (t) = m x”(t)
Sistem Pegas Massa
Gaya yang bekerja pada pegas dapat dirinci sbb:
1. Gaya berat: w = mg
2. Gaya pegas: Fs= -k (l + x)
3. Gaya redam pegas: Fd = - r x’(t)
4. Gaya luar F(t)
m x” = mg – k (l + x) – r x’ + F
m x” + r x’ + k x = F
Bentuk umum PD linier orde dua :
(1)
di mana P, Q, R, dan G fungsi-fungsi kontinu.
)x(Gy)x(Rdx
dy)x(Q
2dx
y2d)x(P
Persamaan Linier Orde dua
JIka G(x) = 0 untuk semua x, persamaan tsb. disebut
PD linier orde dua homogen. (Tidak ada kaitannya dgn
PD orde satu homogen.)
(2) 0)()()(2
2
yxRdx
dyxQ
dx
ydxP
Jika untuk suatu x, Persamaan (1)
dikatakan tak homogen.
0)x(G
)x(yc)x(yc)x(y 2211
Dua sifat dasar yang dapat digunakan untuk
menyelesaikan PD linier homogen. Pertama, bila dan
merupakan penyelesaian PD tersebut, maka kombinasi
liniernya juga merupakan penyelesaian.
1y 2y
2211 ycyc
(3)Teorema: Jika dan keduanya
penyelesaian PD linier (2) dan dan konstanta
csebarang, maka fungsi juga
merupakan penyelesaian dari persamaan (2).
)(1 xy )(2 xy
1c 2c
Bukti Karena dan penyelesaian dari
Pers (2), kita mempunyai
dan
1y 2y
0111 yxRyxQyxP )()()(
0y)x(Ry)x(Qy)x(P 222
Sehingga
Jadi merupakan penyel. Pers (2).0
0c0c
]y)x(Ry)x(Qy)x(P[c]y)x(Ry)x(Qy)x(P[c
)ycyc)(x(R)ycyc)(x(Q)ycyc)(x(P
)ycyc)(x(R)ycyc)(x(Q)ycyc)(x(P
y)x(Ry)x(Qy)x(P
21
22221111
221122112211
221122112211
2211 ycycy
Misalkan x dan y dua peubah. Jika baik x maupun y
bukan kelipatan satu sama lain, dikatakan bahwa x dan y
dua peubah yang saling bebas linier. Contoh, fungsi
dan saling bergantung linier, tapi
dan saling bebas linier.
2)( xxf 25)( xxg
xexf )(xxexg )(
Teorema berikut menyatakan bahwa penyelesaian
umum dari PD linier homogen merupakan kombinasi linier
dari dua penyelesaian bebas linier.
(4)Teorema Jika dan penyelesaian bebas
linier dari Persamaan (2) , maka penyelesaian umum
diberikan oleh
di mana dan konstanta sebarang.
1y 2y
1c2c
)x(yc)x(yc)x(y 2211
Secara umum, tidak mudah mencari penyelesaian
dari PD linier orde dua. Tetapi kita dapat menentukan
penyelesaiannya apabila fungsi-fungsi koefisiennya P, Q
dan R merupakan fungsi konstant; Jika PD berbentuk
(5) 0cyybyaFungsi yang mungkin memenuhi Persamaan (5)
adalah fungsi exponential , karena turunan-
turunannya merupakan kelipatan konstant dari
dirinya: . Substitusikan ke
Persamaan (5)
x2x ey,ey
0e)cba(
0ceebea
x2
xxx2
xey
Kita bedakan menurut tanda diskriminan :
acb 42
Ingat Tidak pernah 0, jadi merupakan
penyelesaian dari (5) jika akar persamaan
(6)
yang disebut persamaan karakteristik dari Persamaan (5).
Menggunakan rumus abc, akar-akar persamaan (6):
xexey
0cba 2
a2
ac4bb
a2
ac4bb2
2
2
1
Akar-akar persamaan karakteristik dan real dan
berbeda, jadi dan adalah dua
penyelesaian bebas linier Persamaan (5).
1 2x
ey 2
2
x
11ey
(8)Jika akar-akar persamaan karakteristik (6): dan
adalah real and berbeda, maka penyelesaian umum dari
adalah
1 2
0cyybya
x
2
x
121 ececy
Contoh 1 Selesaikan persamaan 06 yyy
042
acbKasus
Contoh 2 Selesaikan persamaan .032
2
ydx
dy
dx
yd
Akan ditunjukkan bahwa: merupakan
penyelesaian dari PD (5).
x
2 xey
000
2
2
2
2
222
)()(
)()(
)()(
xx
xx
xxxxx
xee
xecbaeba
cxexeebxeea
cyybya
042 acbKasus
Pada kasus , akar-akar persamaan
karakterisiknya real dan sama. Nyatakan untuk nilai dari
dan , maka kita peroleh
(9)
21
1 2
0ba2a2
b
Karena dan saling bebas
linier, menurut Theorem 4 :
x
1 ey x
2 xey
Contoh 3 Selesaikan persamaan 09124 yyy
(10) Jika persamaan karakteristik
hanya memiliki satu akar real , maka penyelesaian
umum dari adalah
02 cbrar
0cyybyax
21
x
2
x
1 e)xcc(xececy
Pada kasus ini, akar-akar dan merupakan
bilangan kompleks sekawan. Dapat ditulis:1 2
)a2(bac4),a2(bdengan
ii
2
21
042 acbKasus
Menggunakan persamaan Euler
Penyelesaian PD dapat ditulis:
sincos iei
212211
21
2121
21
)(
2
)(
1
21
,dimana
)sincos(
]sin)(cos)[(
)sin(cos)sin(cos
21
CCcCCc
xicxce
xCCixCCe
xixeCxixeC
eCeC
eCeCy
x
x
xx
xixi
xx
Rangkuman dari penjelasan di atas:
Jika akar-akar persamaan karakteristik
merupakan bilangan komplex sekawan
, maka penyelesaian umumnya dari PD
berbentuk
0cba 2
0cyybya
)xsincxcosc(ey 21
x
i,i 21
Contoh 4 Selesaikan persamaan .0136 yyy