i) soluciones de ecuaciones diferenciales solución
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Practica n.-1
I) Soluciones de ecuaciones diferenciales
1) Demostrar por sustitución directa en la ecuación diferencial, comprobando las constantes arbitrarias, que
cada primitiva a lugar a la correspondiente ecuación diferencial.
a) 1 2y C senx C x es solución de (1 ) 0xctgx y xy y
Solución:
xCSenxCy 21
1 2y C cosx C
1y C Senx
1 1 2(1 c ) (1 )( ) cosx tgx y xctgx C Senx C senx C x x ……….. (1)
1 2 1 2( )xy x C cosx C xC cosx C x …………………. (2)
xCSenxCy 21 …………….. (3)
Luego sumamos (1), (2) y (3)
1 1 1 2 1 2(1 c ) cos cosx tgx y xy y C senx C x x C x x C x C senx C x
(1 c ) 0x tgx y xy y
b) xxxx
exeCxeCeCy2
321 2
es solución de 8x
y y y y e
Solución: xxxx
exeCxeCeCy2
321 2
2
1 2 2 3 4 2x x x x x x
y C e C e C xe C e xe x e
2
1 2 2 2 3 4 4 4 2x x x x x x x x x
y C e C e C e C xe C e e xe xe x e
1 2 2 2 2 3 4
x x x x x x xy C e C e C e C e C xe C e e
2
4 4 4 4 4 2x x x x x x
e xe e xe xe x e .......… .. (1)
1 2 2 2 3 4
x x x x x xy C e C e C e C xe C e e
2
4 4 2x x x
xe xe x e ……………………..… … (2)
2
1 2 2 3 4 2x x x x x x
y C e C e C xe C e xe x e … ….. (3)
xxxx
exeCxeCeCy2
321 2
………………….. (4)
Luego sumamos (1), (2), (3) y (4)
y y y y 1 2 2 2 2 3
x x x x x xC e C e C e C e C xe C e
4 4 4x x x
e e xe 2
4 4 4 2x x x x
e xe xe x e
1 2 2 2 3
x x x x xC e C e C e C xe C e
4 4
x xe xe
2
4 2x x
xe x e 1 2 2 3
x x x xC e C e C xe C e
2
4 2x x
xe x e 2
1 2 3 2x x x x
C e C xe C e x e
8x
y y y y e
2) Demostrar que x
Cexy 2 es la solución de la ecuación diferencial, y 2 2y y x hallar la
solución particular para 3,0 yx ( esto es la ecuación de la curva integral que pasa por (0,3))
Solución:
x
Cexy 2
2x
y Ce …………………….. (1)
2x
y x Ce ……………………..(2)
Luego sumamos (1) y (2)
2 2x x
y y Ce x Ce
2 2y y x
( , ) (0,3)x y 0
3 2(0) Ce 3C
La ecuación de la curva integral es: 2 3xy x e
3) Demostrar que xeCeCyxx
2
21 es solución de 3 2 2 3y y y x y hallar la ecuación
de la curva integral que pase por los puntos (0,0) y (1,0)
Solución:
xeCeCyxx
2
21
2
1 22 1x x
y C e C e
2
1 24x x
y C e C e ………………….…… (1)
2
1 23 3 6 3x x
y C e C e …….………..… (2)
2
1 22 2 2 2x x
y C e C e x ….…………….. (3)
Luego sumamos (1), (2) y (3)
3 2y y y 2
1 24x x
C e C e2
1 23 6 3x x
C e C e 2
1 22 2 2x x
C e C e x
3 2 2 3y y y x
( , ) (0,0)x y 0 2(0)
1 20 0C e C e
1 20 C C 2 1C C
( , ) (1,0)x y 1 2(1)
1 20 1C e C e
2
1 10 1C e C e 1 ( 1) 1C e e
1
1
( 1)C
e e
2
1
( 1)C
e e
La ecuación de la curva integral es:
2
( 1) ( 1)
x xe e
y xe e e e
4) Demostrar que CxCy 2
)( es la primitiva de la ecuación diferencial 4 2 0xy xy y y
hallar las ecuaciones de las curvas integrales que pasan por el punto (1,2)
5) La primitiva de la ecuación diferencial xy y es Cxy . Hallar la ecuación de la curva integral
que pasa por el punto (1,2)
Solución:
Cxy
y C xy xC
xy y
( , ) (1, 2)x y 2 (1)C 2C
La ecuación de la curva integral es: 2y x
6) Comprobar que 1 2y C cosx C senx y, ( )y Acos x B son primitivas de 0y y
demostrar también que ambas ecuaciones son, en realidad, una sola.
Solución:
. 1 2y C cosx C senx
1 2 cosy C senx C x
1 2y C Cosx C Senx …………………….. (1)
1 2y C cosx C senx ………………………(2)
Luego sumamos (1) y (2)
y y 1 2C Cosx C Senx 1 2C cosx C senx
0y y
. ( )y Acos x B
( )y Asen x B
( )y Acos x B ………………. (3)
( )y Acos x B …………………(4)
Luego sumamos (3) y (4)
y y ( ) ( )Acos x B Acos x B
0y y
. Ahora demostraremos que 1 2y C cosx C senx y ( )y Acos x B son, en realidad, una sola.
( )y Acos x B
cos cosy A x B AsenxsenB
Como AcosB y AsenB son constantes, pueden asumir el valor de
1C AcosB 2C AsenB
1 2y C cosx C senx ( )Acos x B
7) Demostrar que xAx
yx )ln()ln(
2
22
se puede escribir así x
Bey 2
Solución:
xAx
yx )ln()ln(
2
22
xAx
yx ).ln(
2
22
xAy )ln(2
2ye xA
2
. yeexA
Como A
e es una constante BeA
Reemplazamos en 2
. yeexA
2
yBex
8) Demostrar que AarcSenyarcSenx se puede escribir así Bxyyx 22
11
Solución:
AarcSenyarcSenx
Derivamos:
2 20
1 1
dx dy
x y
2 2
2 2
1 10
1 1
dx y dy x
x y
2 21 1 0dx y dy x
Integramos:
2 21 1 0y dx x dy
2 21 1x y y x B
9) Demostrar que Axy )1ln()1ln( se puede escribir como C yxxy
Solución:
Axy )1ln()1ln(
Axy )]1)(1ln[(
Axyyx )1ln(
xyyxeA
1
xyyxeA
1
Como 1A
e es constante, entonces puede tomar el valor
CeA
1
Cxyyx
10) Demostrar que CxCoshySenhy se puede escribir como Axy )ln(
Solución:
CxCoshySenhy
2 2
y y y ye e e e
Cx
ye Cx
ln Cx y
ln lnC x y
Como lnC es constante entonces le damos el valor de lnA C
Axy )ln(
II) Origen de las ecuaciones diferenciales
1) Se define una curva por la condición que cada uno de sus puntos ( , )x y su pendiente es igual al
doble de la suma de las coordenadas del punto. Exprese la condición mediante una ecuación diferencial.
Solución:
La pendiente es y
mx
2( )y
x yx
2 2y
x yx
2
2 2y x yx
2
2
1 2
xy
x
2
2
4 (1 2 ) 2 ( 2)
(1 2 )
dy x x x
dx x
2
4 (1 )
(1 2 )
dy x x
dx x
2) Una curva esta definida por la condición que representa la condición que la suma de los segmentos x e y
interceptados por sus tangentes en los ejes coordenados es siempre igual a 2, Exprese la condición por
medio de una ecuación diferencial.
3) Cien gramos de azúcar de caña que están en agua se convierten en dextrosa a una velocidad que es
proporcional a la cantidad que aun no se ha convertido, Hállese la ecuación diferencial que exprese la
velocidad de conversión después de “t” minutos.
Solución
Sea “ q ” la cantidad de gramos convertidos en “ t ” minutos, el numero de gramos aun no
convertidos será “ )100( q ” y la velocidad de conversión vendrá dada por )100( qKdt
dq , donde
K es la constante de proporcionalidad.
4) Una partícula de masa “m” se mueve a lo largo de una línea recta (el eje x) estando sujeto a :
i) Una fuerza proporcional a su desplazamiento x desde un punto fijo “0” en su trayectoria y
dirigida hacia “0”.
ii) Una fuerza resistente proporcional a su velocidad
Expresar la fuerza total como una ecuación diferencial
5) Demostrar que en cada una de las ecuaciones
a) 𝑦 = 𝑥2 + 𝐴 + 𝐵
Solución
Debido a que la suma 𝐴 + 𝐵 son constantes la suma será igual a una constante k
⇒ 𝑦 = 𝑥2 + 𝑘
b)𝑦 = 𝐴𝑒𝑥+𝐵
Solución
𝑦 = 𝐴𝑒𝐵𝑒𝑥
Debido a que 𝐴𝑒𝐵 es una constante la reemplazamos por k
⇒𝑦 = 𝑘𝑒𝑥
c) 𝑦 = 𝐴 + 𝑙𝑛𝐵𝑥
Solución
𝑦 = 𝐴 + 𝑙𝑛𝐵 + 𝑙𝑛𝑥
Debido a que 𝐴 + 𝑙𝑛𝐵 es una constante la reemplazamos por k
𝑦 = 𝑘 + 𝑙𝑛𝑥
Solamente es usual una de las dos constantes arbitrarias
6) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑦 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
Solucion
𝑦 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑦′ = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑦′′ = 2𝐴
𝑦′′′ = 0
⇒ la ecuación diferencial asociada es:
𝑦′′′ = 0
7) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑥2𝑦3 + 𝑥3𝑦5 = 𝑐
Solución
2𝑥𝑑𝑥𝑦3 + 3𝑦2𝑑𝑦𝑥2 + 3𝑥2𝑑𝑥𝑦5 + 5𝑦4𝑑𝑦𝑥3 = 0
2𝑥𝑦3 + 3𝑦2𝑦′𝑥2 + 3𝑥2𝑦5 + 5𝑦4𝑦′𝑥3 = 0
2𝑦2 + 3𝑦𝑥𝑦′ + 3𝑥𝑦4 + 5𝑦3𝑦′𝑥2 = 0
8) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑦 = 𝐴𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥) + 𝐵𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥)
Solución
𝑦 = 𝐴𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥) + 𝐵𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥) 𝑦′ = −𝐴𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥)𝑎 + 𝐵𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥)𝑎
𝑦′′ = −𝐴𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥)𝑎2 − 𝐵𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥)𝑎2
𝑦′′ = −𝑎2(𝐴𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥) + 𝐵𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥))
𝑦′′ =-𝑎2𝑦
9) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑦 = 𝐴𝑒2𝑥 + 𝐵𝑒𝑥 + 𝐶
Solución
𝑦 = 𝐴𝑒2𝑥 + 𝐵𝑒𝑥 + 𝐶
𝑦′ = 2𝐴𝑒2𝑥 + 𝐵𝑒𝑥
𝑦′ − 𝐵𝑒𝑥
𝑒2𝑥= 2𝐴
Derivando
(y′′ − 𝐵𝑒𝑥)𝑒2𝑥 − 2(𝑦′ − 𝐵𝑒𝑥)𝑒2𝑥
𝑒4𝑥= 0
y′′ − 𝐵𝑒𝑥 − 2𝑦′ + 2𝐵𝑒𝑥 = 0
y′′ − 2𝑦′ = −𝐵𝑒𝑥
y′′ − 2𝑦′
𝑒𝑥= −B
Derivando y acomodándolo:
𝑦′′′ − 3𝑦′′ + 2𝑦′ = 0
10) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑒𝑥
Solución:
|
𝑒3𝑥 𝑒2𝑥
3𝑒3𝑥 2𝑒2𝑥𝑒𝑥 𝑦
𝑒𝑥 𝑦′
9𝑒3𝑥 4𝑒2𝑥
27𝑒3𝑥 8𝑒2𝑥𝑒𝑥 𝑦′′
𝑒𝑥 𝑦′′′
| = 𝑒6𝑥 |
1 13 2
1 𝑦1 𝑦′
9 427 8
1 𝑦′′
1 𝑦′′′
|
=𝑒6𝑥(−2𝑦′′′ + 12𝑦′′ − 22𝑦′ + 12𝑦) = 0
=−2𝑦′′′ + 12𝑦′′ − 22𝑦′ + 12𝑦 = 0
=𝑦′′′ − 6𝑦′′ + 11𝑦′ − 6𝑦 = 0
11) Obtener la ecuación diferencial asociada con la primitiva
𝑦 = 𝑐𝑥2 + 𝑐2
Solución
𝑦 = 𝑐𝑥2 + 𝑐2
𝑦′ = 2𝑐𝑥
𝑦′′ = 2𝑐
𝑦′′′ = 0
12) Hallar la ecuación diferencial de la familia de circunferencias de radio fijo “r” cuyos centros están en
el eje x
La ecuación de una circunferencia es:
(𝑥 − 𝑝)2 + 𝑦2 = 𝑟2
𝑝 = 𝑥 − √𝑟2 − 𝑦2
Derivando
0 = 1 −1
2√𝑟2 − 𝑦2
−12 2𝑦′
13) Hallar la ecuación diferencia de la familia de parábolas cuyos focos están en el origen y cuyos ejes
están sobre el eje x
Solución:
La ecuación de la familia de la parábola es:
𝑥2 = 4𝑝𝑦 Donde el vértice es (0,0) y el foco F (0, p)
x2
y= 4p
Derivamos
2xy − x2y′
y2= 0
2𝑥𝑦 = 𝑥2𝑦′
2𝑦 = 𝑥𝑦′
PRACTICA n.-2
I) SEPARACIÓN DE VARIABLES
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales.
1) X3dx + (y+1)2dy = 0
Sol:
∫ X3dx + ∫ (y+1)2dy = c
X4/4 + c1 + (y+1)3/3 +c2 = c
(y+1)3/3 = k - X4/4
(y+1) = √3(k −X4
4)
3
y = √𝟑(𝒌 −𝑿𝟒
𝟒)
𝟑 -1
2) x2(y+1)dx + y2(x-1)dy = 0
Sol:
x2(y+1)
(x−1) (y+1)dx +
y2(x−1)
(x−1) (y+1) dy = 0
x2
(x−1) dx +
y2
(y+1) dy = 0
∫x2
(x−1) dx + ∫
y2
(y+1) dy = c
Sea µ = x-1 Sea: v = y+1
x = µ+1 y=v-1
dµ=dx dv=dy
∫ (µ+1)2
µ dµ =
µ2
2 +2 µ+ln µ+c1 ∫
(v−1)2
𝑣 =
v2
2 - 2v + lnv + c2
(x−1)2
2 +2(x-1)+ln(x-1)+c1
(y+1)2
2 - 2(y+1) +ln (y-1) + c2
(x−1)2
2 +2(x-1)+ln(x-1)+c1 +
(y+1)2
2 - 2(y+1) +ln (y-1) + c2 = c
(𝒙−𝟏)𝟐
𝟐 +2(x-1)+ln(x-1) +
(𝒚+𝟏)𝟐
𝟐 - 2(y+1) +ln (y-1) = k
3) 4xdy – ydx = x2dy
Sol:
(4x-x2)dy – ydx=0 (4x−x2)
(4x−x2)ydy -
y
(4x−x2)ydx =0
𝑑𝑦
𝑦 -
𝑑𝑥
(4x−x2) = 0
∫𝑑𝑦
𝑦 - ∫
𝑑𝑥
(4x−x2) = c
Lny + c1 - 1
4ln (
𝑥
4−𝑥) +c2 = c
Lny = 1
4ln (
𝑥
4−𝑥) + k
y = 𝒆𝟏
𝟒𝒍𝒏 (
𝒙
𝟒−𝒙) + 𝒌
4) x(y-3)dy = 4ydx
Sol: x(y−3)
𝑥𝑦dy =
4𝑦
𝑥𝑦dx
∫(𝑦−3)
𝑦 dy - ∫
4
𝑥 = c
y – 3lny +c1 – 4lnx + c2 = c
lny = y + k –lnx4
3
y = 𝑒y + k –lnx4
3
y = 𝒆(𝒚+𝒌)𝟑
𝒙𝟒
5) (y2 + xy2)dy + (x2-x2y)dx = 0
Sol: y2(x+1)
(1−𝑦)(𝑥+1) dy +
x2(1−y)
(1−𝑦)(𝑥+1) dx= 0
∫y2
(1−𝑦)dy + ∫
x2
(𝑥+1)dx = c
-(ln(1-y) – 2(1-y) + (1−y)2
2) + c1 +
(x+1)2
2 - 2(x+1) + lnx + c2 = c
-ln (1-y) + 2(1-y) - (𝟏−𝒚)𝟐
𝟐 +
(𝒙+𝟏)𝟐
𝟐 - 2(x+1) + lnx = k
6) x√1 + y2 + y√1 + x2 y’ = 0
Sol:
x√1+y2
√1+y2 √1+x2 dx +
y√1+x2
√1+y2 √1+x2 dy = 0
∫x
√1+x2 dx +∫
y
√1+y2 dy = c
√1 + x2 + c1 + √1 + y2 + c2 = c
√1 + y2 = k - √1 + x2
1+y2 = (k - √1 + x2)2
y = ± √(𝒌 − √𝟏 + 𝒙𝟐)𝟐 − 𝟏
7) Hallar la solución particular de: (1+x3) dy – x2ydx = 0, que satisfaga las condiciones iníciales
x=1, y=2.
Sol: (1+x3)
𝑦(1+x3) dy -
x2y
𝑦(1+x3) dx = 0
∫dy
𝑦 - ∫
x2
(1+x3) dx = c
Lny +c1 - 1
3ln(1+x3) + c2 = c
Lny = k + 1
3ln(1+x3)
Para x=1,y=2:
Ln(2) = k +1
3ln(1+13)
K = 0.46
8) Hallar la solución particular de: 𝑒𝑥secydx + (1+ 𝑒𝑥) secytgydy = 0, cuando x=3, y=60°.
Sol: 𝑒𝑥secy
secy(1+ 𝑒𝑥) dx +
(1+ 𝑒𝑥) secytgy
secy(1+ 𝑒𝑥) dy = 0
∫ 𝑒𝑥
(1+ 𝑒𝑥) dx +∫ tgydy = c
Ln (1+ex) + c1 + ln (secy) + c2 = c
Ln (secy) = k – Ln (1+ex)
Para x=3, y=60°.
K=ln (2)+ln (1+e3)
9) Hallar la solución particular de: dp =ptan 𝛼d 𝛼, cuando 𝛼 =0, p=1.
Sol:
dp =ptan 𝛼d 𝛼
∫𝑑𝑝
𝑝=∫tan 𝛼 d 𝛼
Lnp+c=ln(sec 𝛼)+c1
Lnp- ln(sec 𝛼)=k
Para 𝛼=0,p=1.
Ln1-ln1=0
K=0
II) REDUCCIÓN A VARIABLE SEPARADA
1) Resolver : (x+y)dx + (3x+3y-4)dy = 0
Sol: (x+y) dx + (3x+3y-4) dy = 0………. (I)
Sea: z = x+y dz=dx+dy
𝑑𝑧
𝑑𝑥 = 1+
𝑑𝑦
𝑑𝑥
𝑑𝑦
𝑑𝑥 =
𝑑𝑧
𝑑𝑥 – 1……………… (II)
Reemplazando en (I)
Z + (3z-4) ( 𝑑𝑧
𝑑𝑥 – 1) = 0
-2zdx + 3zdz – 4dz + 4dx = 0
∫-2zdx + ∫3zdz – ∫4dz + ∫4dx = ∫0
-2zx +c1+ 3z2
2+c2 -4z + c3 +4x + c4 = c
-2(x+y) x + 𝟑(𝒙+𝒚)𝟐
𝟐 – 4(x+y) + 4x = k
2) Resolver : (x+y)2y’ = a2
Sol:
(x+y)2y’ = a2...................(I)
Sea: z = x+y dz = dx+dy
𝑑𝑧
𝑑𝑥 = 1+
𝑑𝑦
𝑑𝑥
𝑑𝑦
𝑑𝑥 =
𝑑𝑧
𝑑𝑥 – 1……………… (II)
Reemplazando en (I)
(x+y)2 (𝑑𝑧
𝑑𝑥 – 1) = a2
Z2 (𝑑𝑧
𝑑𝑥 – 1) = a2
∫z2
a2+z2 dz = ∫dx
Z – a.arctg (𝑧
𝑎) = x + k
X + y – a.arctg (𝑥+𝑦
𝑎) = x + k
y – a.arctg (𝒙+𝒚
𝒂) = k
3) Resolver: y’ = cos2 (ax+by+c) / a ≠ b, a y b son constantes positivas.
Sol:
Sea: z = ax+by+c , y’= cos (ax + by + c)…….. (I) 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = a + b
𝑑𝑦
𝑑𝑥
𝑑𝑧
𝑑𝑥 - a = b
𝑑𝑦
𝑑𝑥
(𝑑𝑧
𝑑𝑥 – a)
1
𝑏 =
𝑑𝑦
𝑑𝑥……………. (II)
Remplazando (II) en (I)
(𝑑𝑧
𝑑𝑥 – a)
1
𝑏 = Cos2 (z)
𝑑𝑧
𝑑𝑥
1
𝑏 -
𝑎
𝑏 = Cos2z
𝑑𝑧
𝑑𝑥 - a = b Cos2z
𝑑𝑧
𝑑𝑥 = bCos2z + a
∫𝑑𝑧
𝑏𝐶𝑜𝑠2 𝑧 + 𝑎= ∫𝑑𝑥
∫𝑑𝑧
(√𝑏 𝐶𝑜𝑠𝑧)2 + (√𝑎)2 = ∫dx
1
√𝑎 arctg (
√𝑏 𝐶𝑜𝑠𝑧
√𝑎)+ C1 = C2
𝟏
√𝒂 × arctg (
√𝒃
√𝒂 Cos (ax + by + c)) = x + k
4) Resolver : y’+1= (x+y)m
(x+y)n+ (x+y)p
Sol:
y’ + 1 = (𝑥+𝑦)𝑚
(𝑥+ 𝑦)𝑛+ (𝑥+ 𝑦)𝑝 ………….. (I)
Sea: z = x+y dz = dx+dy
dz
dx = 1+
dy
dx
dy
dx =
dz
dx – 1……………… (II)
Reemplazando en (I)
(dz
dx – 1) + 1=
𝑧𝑚
𝑧𝑛+ 𝑧𝑝
dz
dx =
𝑧𝑚
𝑧𝑛+ 𝑧𝑝
∫ (𝑧𝑛+ 𝑧𝑝
𝑧𝑚) dz = ∫ dx
∫ (zn-m + zp-m) = ∫ dx (z)n−m+1
𝑛−𝑚+1 +
(z)p−m+1
p−m+1 = x+k
(p-m+1)(x+y)(n-m+1) + (n-m+1) (x+y)(p-m+1) = (x+k) (p-m+1)(n-m+1)
5) Resolver : xy2(xy’+y) = a2
Sol:
xy2 (xy’+y) = a2…………….. (I)
xy2y’ + xy3 = a2
Sea: z=xy y = z
x y’ =
x𝑑𝑧
𝑑𝑥 − z
x2 …………. (II)
Reemplazando (II) en (I):
z2
𝑥(x
x𝑑𝑧
𝑑𝑥 − z
x2 +
𝑧
𝑥) = a2, simplificando
z2dz = a2xdx, integrando z3
3 + c = a2
x2
2 + c1
2x3y3 = 3a2x2 + k
6) Resolver : (lnx+y3)dx - 3xy2dy = 0
Sol:
Sea: z = lnx +y3 dz
dx =
1
x + 3y2y’, de donde 3xy2y’ = x
dz
dx – 1
Reemplazando en la ecuación diferencial se tiene: z – (xdz
dx – 1) = 0
(z+1) - xdz
dx = 0, separando las variables:
dx
x -
𝑑𝑧
𝑧+1 = 0, integrando se tiene: lnx – ln (z+1) = lnc x = c (z+1)
z+1 = kx lnx + y3 + 1 = kx , donde k= 1
c
y3 = kx – lnx - 1
7) Resolver : y’ = tan(x+y) – 1
Sol:
Sea: z = x+y 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = 1 +
𝑑𝑦
𝑑𝑥
Reemplazando en la ecuación diferencial: 𝑑𝑧
𝑑𝑥 - 1 = tanz - 1
𝑑𝑧
𝑑𝑥 = tanz ,
dz
tanz = dx, ctgzdz = dx
Integrando:
Ln (senz) + c1 = x + c2
Ln(sen(x+y)) = x + k
𝒆𝒙+𝒌 = sen(x+y)
8) Resolver : (6x+4y+3)dx+(3x+2y+2)dy = 0
Sol:
Sea: z = 3x+2y 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = 3 + 2
𝑑𝑦
𝑑𝑥 dy =
𝑑𝑧−3𝑑𝑥
2
Reemplazando en la ecuación diferencial:
(2z+3) dx + (z+2) ( 𝑑𝑧−3𝑑𝑥
2 ) = 0
Simplificando y separando las variables:
Dx + z+2
z dz = 0
Integrando ambos miembros:
z + 2lnz + x = c
4x + 2y + 2ln (3x+2y) = c
9) Resolver : cos(x+y)dx – xsen(x+y)dx +xsen(x+y)dy
Sol:
Sea: z = x+y 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = 1 +
𝑑𝑦
𝑑𝑥 dy = dz – dx
Reemplazando en la ecuación diferencial:
Coszdx = xsenzdx + xsenz (dz-dx)
Simplificando y separando las variables: dx
x = tanzdz
Integrando miembro a miembro:
xcos(x+y) = c
10) Resolver : y(xy+1)dx + x(1+xy+x2y2)dy=0
Sol:
Sea: z = xy 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = y + x
𝑑𝑦
𝑑𝑥 dz =
z
x dx + xdy
z
x (z+1)dx +
x(z+1+z2)(xdz – zdx)
x2 = 0
Simplificando y separando las variables:
(z2+z)
z3 dz +
𝑑𝑧
z3 =
𝑑𝑥
𝑥
Integrando miembro a miembro:
Lnz +c1+ lnz2 + c2+ lnz3+ c3 = lnx + c
Ln(xy) + ln(xy)2 + ln(xy)3 = lnx +k
11) Resolver : (y-xy2)dx – (x+x2y)dy=0
Sol:
Sea: z = xy 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = y + x
𝑑𝑦
𝑑𝑥 dz =
z
x dx + xdy
Reemplazando en la ecuación diferencial:
(z
x - z2
𝑥) dx – (x+zx) (
𝑥𝑑𝑧−𝑧𝑑𝑥
x2) = 0
Simplificando y separando las variables:
2dx
x =
(𝑧+1)
𝑧 dz
Integrando:
2lnx + c1 = z + lnz + c2
2lnx – ln (xy) –xy = k
12) Resolver : (1-xy+x2y2)dx + (x3y-x2)dy=0
Sol:
Sea: z = xy 𝑑𝑧
𝑑𝑥 = y + x
𝑑𝑦
𝑑𝑥
Reemplazando en la ecuación diferencial:
(1+z2-z) dx + (zx2 – x2)(xdz –zdx)
x2 = 0
Simplificando y separando las variables: dx
x +
zx
x dz -
xdx
x = 0
Integrando:
Ln x + 𝒙𝟐𝒚𝟐
𝟐– xy = k
13) Resolver : cosy’=0
Sol :
Como : cosy’=0 y’ = arccosα = π
2 (2n+1)
dy
dx =
π
2 (2n+1) dy =
π
2 (2n+1) dx
Integrando:
y = 𝝅
𝟐 (2n+1) x + k
14) Resolver : ey’=1
Sol:
Como: ey’=1 y’ = 0
Integrando:
y =
15) Resolver : lny’=x
Sol:
ex = y’ dy = 𝑒𝑥dx
Integrando:
y = 𝒆𝒙 + c
16) Resolver : x2y’cosy+1=0/ y=16π
3; x ∞
Sol:
y’Cosy + 1
x2 = 0 , de donde : cosydy +
𝑑𝑥
x2 = 0
integrando:
seny - 1
x = c , como y=16
π
3 cuando x ∞
c = sen (16π
3)
Seny - 𝟏
𝒙 = sen (16
𝝅
𝟑)
17) Resolver : tgy’=x
Sol:
Como tgy’ = x y’ = arctgx + nπ, n ∈ N
dy = (arctgx + nπ)dx
Integrando:
2y = 2xarctgx – ln(x2+1) + 2nπx + c
Practica n.-3
I) FUNCIONES HOMOGENEAS
Determinar cuales de las siguientes funciones son homogéneas
1)𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥2𝑦 − 4𝑦3
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = (𝜆𝑥)2(𝜆𝑦) − 4(𝜆𝑦)3
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆3(𝑥2𝑦 − 4𝑦3) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆3 𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 3
2) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑦2tan (𝑥 𝑦⁄ )
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = (𝜆𝑦)2 tan (𝜆𝑥 𝜆𝑦⁄ ) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆2(𝑦2tan (𝑥 𝑦⁄ )) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆2𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 2
3) 𝑓(𝑥, 𝑦) = √𝑥3 − 𝑦33
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = √(𝜆𝑥)3 − (𝜆𝑦)33
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆 (√𝑥3 − 𝑦33
)
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 1
4) 𝑓(𝑥, 𝑦) =𝑥2−𝑦2
𝑥𝑦
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) =(𝜆𝑥)2 − (𝜆𝑦)2
(𝜆𝑥)(𝜆𝑦)
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆0 (𝑥2 − 𝑦2
𝑥𝑦)
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆0𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 0
5) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥2 + 𝑠𝑒𝑛𝑥𝑐𝑜𝑠𝑦
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = (𝜆𝑥)2 + 𝑠𝑒𝑛(𝜆𝑥)𝑐𝑜𝑠(𝜆𝑦) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) ≠ 𝜆𝑛𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒La 𝑓(𝑥, 𝑦) no es homogénea
6) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑒𝑥
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝑒𝜆𝑥
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) ≠ 𝜆𝑛𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒La 𝑓(𝑥, 𝑦) no es homogénea
7) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑒𝑥𝑦⁄
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝑒𝜆𝑥
𝜆𝑦⁄
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆0(𝑒𝑥𝑦⁄ )
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆0𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 0
8) 𝑓(𝑥, 𝑦) = (𝑥2 − 𝑦2)3 2⁄
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = ((𝜆𝑥)2 − (𝜆𝑦)2)3 2⁄
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆3(𝑒𝑥𝑦⁄ )
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆3𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 3
9) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥 − 5𝑦 − 6
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆𝑥 − 5(𝜆𝑦) − 6
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) ≠ 𝜆𝑛𝑓(𝑥, 𝑦) ⇒La 𝑓(𝑥, 𝑦) no es homogénea
10) 𝑓(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑥 𝑦⁄ ) − 𝑦𝑠𝑒𝑛(𝑥 𝑦⁄ )
Solución:
𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = (𝜆𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝜆 𝑥 𝜆𝑦⁄ ) − 𝑦𝑠𝑒𝑛(𝜆𝑥 𝜆𝑦⁄ ) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆(𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑥 𝑦⁄ ) − 𝑦𝑠𝑒𝑛(𝑥 𝑦⁄ )) 𝑓(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆𝑓(𝑥, 𝑦)
⇒ La 𝑓(𝑥, 𝑦) es homogénea de grado 1
II) Si 𝑀(𝑥, 𝑦)𝑑𝑥 + 𝑁(𝑥, 𝑦)𝑑𝑦 = 0 es homogénea, demostrar que 𝑦 = 𝑣𝑥 se separan las variables
Solución:
Debido a que 𝑀(𝑥, 𝑦)𝑑𝑥 + 𝑁(𝑥, 𝑦)𝑑𝑦 = 0 ………………… (#)
Es homogénea se cumple que:
𝑀(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆𝑘𝑀(𝑥, 𝑦) Y 𝑁(𝜆𝑥, 𝜆𝑦) = 𝜆𝑘𝑁(𝑥, 𝑦)…………………………………… (1)
Haciendo que 𝜆 =1
𝑥…………………………………………………………………………………….. (2)
Reemplazando (2) en (1)
𝑀(1,𝑦
𝑥) =
1
𝑥𝑘𝑀(𝑥, 𝑦) ⇒ 𝑀(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑘𝑀(1,
𝑦
𝑥)
𝑀(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑘𝑀(1,𝑦
𝑥) = 𝑥𝑘𝑀(1, 𝑣) = 𝑥𝑘𝐺(𝑣) 𝑑𝑜𝑛𝑑𝑒 𝑣 =
𝑦
𝑥 ……………………. (3)
𝑁 (1,𝑦
𝑥) =
1
𝑥𝑘𝑀(𝑥, 𝑦) ⇒ 𝑁(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑘𝑁 (1,
𝑦
𝑥)
𝑁(𝑥, 𝑦) = 𝑥𝑘𝑁 (1,𝑦
𝑥) = 𝑥𝑘(1, 𝑣) = 𝑥𝑘𝑇(𝑣) 𝑑𝑜𝑛𝑑𝑒 𝑣 =
𝑦
𝑥 ……………………….. (4)
Ahora como 𝑦 = 𝑥𝑣 ⇒𝑑𝑦 = 𝑣𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑣………………………………………………..(5)
Reemplazando (3), (4), (5) en (#) obtenemos:
𝑥𝑘𝐺(𝑣)𝑑𝑥 + 𝑥𝑘𝑇(𝑣)(𝑣𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑣) = 0
Simplificando y agrupando obtenemos: 𝑑𝑥
𝑥+
𝑇(𝑣)
𝐺(𝑣) + 𝑣𝑇(𝑣)𝑑𝑢 = 0
III) ECUACIONES DIFERENCIALES HOMOGENEAS
Resolver las siguientes ecuaciones homogéneas
1)(𝑥3 + 𝑦3)𝑑𝑥 − 3𝑥𝑦2𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 3:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢………………………………(α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥3 + (𝑢𝑥)3)𝑑𝑥 − 3𝑥(𝑢𝑥)2(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑥3(1 + 𝑢3 − 3𝑢3)𝑑𝑥 − 3𝑥4𝑢2𝑑𝑢 = 0
𝑑𝑥
𝑥−3𝑢2𝑑𝑢
1 − 2𝑢3= 0
∫𝑑𝑥
𝑥− ∫
3𝑢2𝑑𝑢
1 − 2𝑢3= 𝑘
𝑙𝑛𝑥 + 2𝑙𝑛(1 − 2𝑢3) = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
𝑙𝑛𝑥 + 2𝑙𝑛 (1 − 2 (𝑦
𝑥)3
) = 𝑘
Levantando el logaritmo obtenemos:
(1 − 2 (𝑦
𝑥)3
)2
𝑥 = 𝑐
2)𝑥𝑑𝑦 − 𝑦𝑑𝑥 − √𝑥2 − 𝑦2𝑑𝑥 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
𝑥(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) − 𝑢𝑥𝑑𝑥 − √𝑥2 − (𝑢𝑥)2𝑑𝑥 = 0
𝑥 (𝑥𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑥 − 𝑢𝑑𝑥 − √1 − 𝑢2𝑑𝑥) = 0
𝑥𝑑𝑢 − √1 − 𝑢2𝑑𝑥 = 0
∫𝑑𝑢
√1 − 𝑢2−∫
𝑑𝑥
𝑥= 𝑘
𝑎𝑟𝑐𝑠𝑒𝑛𝑢 − 𝑙𝑛𝑥 = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
𝑎𝑟𝑐𝑠𝑒𝑛𝑦
𝑥− 𝑙𝑛𝑥 = 𝑘
3)(2𝑥𝑠𝑒𝑛ℎ (𝑦
𝑥) + 3𝑦𝑐𝑜𝑠ℎ (
𝑦
𝑥)) 𝑑𝑥 − 3𝑥𝑐𝑜𝑠ℎ (
𝑦
𝑥) 𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(2𝑥𝑠𝑒𝑛ℎ(𝑢) + 3𝑢𝑥𝑐𝑜𝑠ℎ(𝑢))𝑑𝑥 − 3𝑥𝑐𝑜𝑠ℎ(𝑢)(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑥(2𝑠𝑒𝑛ℎ𝑢𝑑𝑥 + 3𝑢𝑐𝑜𝑠ℎ𝑢𝑑𝑥 − 3𝑢𝑐𝑜𝑠ℎ𝑢𝑑𝑥 − 3𝑥𝑐𝑜𝑠ℎ𝑢𝑑𝑢) = 0
∫2𝑑𝑥
𝑥− ∫
3𝑐𝑜𝑠ℎ𝑢𝑑𝑢
𝑠𝑒𝑛ℎ𝑢= 𝑘
2𝑙𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛ℎ𝑢) = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
2𝑙𝑛𝑥 − 3𝑙𝑛 (𝑠𝑒𝑛ℎ (𝑦
𝑥)) = 𝑘
4)(2𝑥 + 3𝑦)𝑑𝑥 + (𝑦 − 𝑥)𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(2𝑥 + 3𝑢𝑥)𝑑𝑥 + (𝑢𝑥 − 𝑥)(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑥(2𝑑𝑥 + 3𝑢𝑑𝑥 + 𝑢2𝑑𝑥 − 𝑢𝑑𝑥 + 𝑢𝑥𝑑𝑢 − 𝑥𝑑𝑢) = 0
(2 + 2𝑢 + 𝑢2)𝑑𝑥 + 𝑥(𝑢 − 1)𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫
(𝑢 − 1)𝑑𝑢
(2 + 2𝑢 + 𝑢2)= 𝑘
𝑙𝑛𝑥 +
Reemplazando (α) en (𝝫)
5)(1 + 2𝑒𝑥
𝑦) 𝑑𝑥+2𝑒𝑥
𝑦 (1 −𝑥
𝑦) 𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 0:
𝑥 = 𝑢𝑦 ⇒ 𝑑𝑥 = 𝑢𝑑𝑦 + 𝑦𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(1 + 2𝑒𝑢)(𝑢𝑑𝑦 + 𝑦𝑑𝑢)+2𝑒𝑢(1 − 𝑢)𝑑𝑦 = 0
𝑢𝑑𝑦 + 𝑦𝑑𝑢 + 2𝑒𝑢𝑢𝑑𝑦 + 2𝑒𝑢𝑦𝑑𝑢 + 2𝑒𝑢𝑑𝑦 − 2𝑒𝑢𝑢𝑑𝑦 = 0
(𝑢 + 2𝑒𝑢)𝑑𝑦 + (𝑦 + 2𝑒𝑢𝑦)𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑦
𝑦 + 1+ ∫
(1 + 2𝑒𝑢)𝑑𝑢
𝑢 + 2𝑒𝑢= 𝑘
𝑙𝑛(𝑦 + 1) + 𝑙𝑛(𝑢 + 2𝑒𝑢) = 𝑘 (𝑦 + 1)(𝑢 + 2𝑒𝑢) = 𝑐………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
(𝑦 + 1) (𝑥
𝑦+ 2𝑒
𝑥𝑦) = 𝑐
6)(𝑥2 + 3𝑥𝑦 + 𝑦2)𝑑𝑥 − 𝑥2𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 2:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥2 + 3𝑥(𝑥𝑢) + (𝑥𝑢)2)𝑑𝑥 − 𝑥2(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑥2(𝑢2 + 2𝑢 + 1)𝑑𝑥 − 𝑥3𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑥
𝑥− ∫
𝑑𝑢
(𝑢 + 1)2= 𝑐
𝑙𝑛𝑥 +1
𝑢+1= 𝑐………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
𝑙𝑛𝑥 +𝑥
𝑦 + 𝑥= 𝑐
7)(𝑦 + √𝑦2 − 𝑥2)𝑑𝑥 − 𝑥𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥𝑢 + √(𝑥𝑢)2 − 𝑥2) 𝑑𝑥 − 𝑥(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑥√𝑢2 − 1𝑑𝑥 − 𝑥2𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑥
𝑥− ∫
𝑑𝑢
√𝑢2 − 1= 𝑘
𝑙𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑢 + √𝑢2 − 1) = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
2𝑐𝑦 = 𝑐2𝑥2 + 1
8)(𝑥 − 𝑦𝑙𝑛𝑦 + 𝑦𝑙𝑛𝑥)𝑑𝑥 + 𝑥(𝑙𝑛𝑦 − 𝑙𝑛𝑥)𝑑𝑦 = 0
Solución:
Transformamos la ecuación diferencial:
(𝑥 − 𝑦𝑙𝑛 (𝑦
𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑥 (𝑙𝑛 (
𝑦
𝑥))𝑑𝑦 = 0
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥 − 𝑥𝑢𝑙𝑛(𝑢))𝑑𝑥 + 𝑥(𝑙𝑛(𝑢))(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
𝑑𝑥 + 𝑥𝑙𝑛𝑢𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫ 𝑙𝑛𝑢𝑑𝑢 = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
(𝑥 − 𝑦)𝑙𝑛𝑥 + 𝑦𝑙𝑛𝑦 = 𝑐𝑥 + 𝑦
9)(𝑥 − 𝑦𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛(𝑦
𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
𝑦
𝑥) 𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥 − 𝑥𝑢𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛(𝑢))𝑑𝑥 + 𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛(𝑢)(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0 𝑑𝑥
𝑥+ 𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛𝑢𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛𝑢𝑑𝑢 = 𝑘
𝑙𝑛𝑥 + 𝑢𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛𝑢 −1
2𝑙𝑛(1 + 𝑢2) = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
𝑙𝑛𝑥 +𝑦
𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
𝑦
𝑥) −
1
2𝑙𝑛 (1 + (
𝑦
𝑥)2
) = 𝑘
2𝑦𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (𝑦
𝑥) = 𝑥𝑙𝑛 (
𝑥2 + 𝑦2
𝑥4) 𝑐
10)𝑥𝑒𝑥𝑦⁄ 𝑑𝑥 + 𝑦𝑒
𝑦𝑥⁄ 𝑑𝑦 = 0
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
𝑥𝑒1𝑢⁄ 𝑑𝑥 + 𝑥𝑢𝑒𝑢(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) = 0
(𝑒1𝑢⁄ + 𝑢2𝑒𝑢)𝑑𝑥 + 𝑢𝑥𝑒𝑢𝑑𝑢 = 0
𝑑𝑥
𝑥+
𝑒𝑢𝑢𝑑𝑢
𝑒1𝑢⁄ + 𝑢2𝑒𝑢
= 0
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫
𝑒𝑢𝑢𝑑𝑢
𝑒1𝑢⁄ + 𝑢2𝑒𝑢
= 0
𝑙𝑛𝑥 = −∫𝑒𝑢𝑢𝑑𝑢
𝑒1𝑢⁄ + 𝑢2𝑒𝑢
𝑦𝑥
𝑎
11)(𝑦𝑐𝑜𝑠 (𝑦
𝑥) + 𝑥𝑠𝑒𝑛 (
𝑦
𝑥)) 𝑑𝑥 = 𝑐𝑜𝑠 (
𝑦
𝑥) 𝑑𝑦
Solución:
La ecuación diferencial es homogénea de grado 1:
𝑦 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢…………………………..……… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación original
(𝑥𝑢𝑐𝑜𝑠(𝑢) + 𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑢))𝑑𝑥 = 𝑐𝑜𝑠(𝑢)(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢)
𝑠𝑒𝑛𝑢𝑑𝑥 = 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑢𝑑𝑢
∫𝑑𝑥
𝑥− ∫𝑐𝑡𝑔𝑢𝑑𝑢 = 𝑘
𝑙𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑢) = 𝑘………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (α) en (𝝫)
𝑙𝑛𝑥 − 𝑙𝑛 (𝑠𝑒𝑛 (𝑦
𝑥)) = 𝑘
𝑥 = 𝑐𝑠𝑒𝑛 (𝑦
𝑥)
IV) ECUACIONES DIFERENCIALES REDUCTIBLES A HOMOGÉNEAS
Resolver las siguientes ecuaciones homogéneas
1)(2𝑥 − 5𝑦 + 3)𝑑𝑥 − (2𝑥 + 4𝑦 − 6)𝑑𝑦
Solución:
La ecuación diferencial se puede escribir de la siguiente manera:
𝑥 = 𝑧 + ℎ , 𝑦 = 𝑤 + 𝑘
{2𝑥 − 5𝑦 + 3 = 02𝑥 + 4𝑦 − 6 = 0
Resolviendo 𝑥 = 1 , 𝑦 = 1 ⇒ ℎ = 1 , 𝑘 = 1
𝑥 = 𝑧 + 1 , 𝑦 = 𝑤 + 1 Además 𝑑𝑥 = 𝑑𝑧 , 𝑑𝑦 = 𝑑𝑤 ………………………… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación diferencial
(2(𝑧 + 1) − 5(𝑤 + 1) + 3)𝑑𝑧 − (2(𝑧 + 1) + 4(𝑤 + 1) − 6)𝑑𝑤 (2𝑧 − 5𝑤)𝑑𝑧 − (2𝑧 + 4𝑤)𝑑𝑤………………………………………………………………(𝛌)
Es una ecuación homogénea de grado 1:
𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤………………………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (𝝫) en (𝛌)
(2𝑢𝑤 − 5𝑤)(𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤) + (2𝑢𝑤 + 4𝑤)𝑑𝑤 = 0
(2𝑢2 − 3𝑢 + 4)𝑑𝑤 + (2𝑢 − 5)𝑤𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑤
𝑤+∫
(2𝑢 − 5)𝑑𝑢
(2𝑢2 − 3𝑢 + 4)= 𝑘
𝑙𝑛𝑤 +1
2𝑙𝑛(2𝑢2 − 3𝑢 + 4) −
7
2(2
√23𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
4𝑢−3
√23)) =
𝑘………………………………………………………………. (θ)
Como 𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑢 =𝑧
𝑤=
𝑥−1
𝑦−1
Reemplazando en (θ)
𝑙𝑛(𝑦 − 1) +1
2𝑙𝑛 (2 (
𝑥 − 1
𝑦 − 1)2
− 3(𝑥 − 1
𝑦 − 1) + 4) −
7
2
(
2
√23𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
4 (𝑥 − 1𝑦 − 1
) − 3
√23)
)
= 𝑐
2)(𝑥 − 𝑦 − 1)𝑑𝑥 + (4𝑦 + 𝑥 − 1)𝑑𝑦
Solución:
La ecuación diferencial se puede escribir de la siguiente manera:
𝑥 = 𝑧 + ℎ , 𝑦 = 𝑤 + 𝑘
{𝑥 − 𝑦 − 1 = 04𝑦 + 𝑥 − 1 = 0
Resolviendo 𝑥 = 1 , 𝑦 = 0 ⇒ ℎ = 1 , 𝑘 = 0
𝑥 = 𝑧 + 1 , 𝑦 = 𝑤 Además 𝑑𝑥 = 𝑑𝑧 , 𝑑𝑦 = 𝑑𝑤 ………………………… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación diferencial
(𝑧 − 𝑤)𝑑𝑧 + (𝑧 + 4𝑤)𝑑𝑤 = 0………………………………………………………………(𝛌)
Es una ecuación homogénea de grado 1:
𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤………………………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (𝝫) en (𝛌)
(𝑢𝑤 − 𝑤)(𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤) + (𝑢𝑤 + 4𝑤)𝑑𝑤 = 0
(𝑢2 + 4)𝑑𝑤 + (𝑢 − 1)𝑤𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑤
𝑤+∫
(𝑢 − 1)𝑑𝑢
((𝑢2 + 4))= 𝑘
𝑙𝑛𝑤 +1
2𝑙𝑛(𝑢2 + 4) +
1
2𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
𝑢
2) = 𝑘………………………………………………………………. (θ)
Como 𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑢 =𝑧
𝑤=
𝑥−1
𝑦
Reemplazando en (θ)
𝑙𝑛𝑦 + +1
2𝑙𝑛 ((
𝑥 − 1
𝑦)2
+ 4) +1
2𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (
𝑥 − 1
2𝑦) = 𝑘
3)(𝑥 − 4𝑦 − 9)𝑑𝑥 + (4𝑥 + 7 − 2)𝑑𝑦
Solución:
La ecuación diferencial se puede escribir de la siguiente manera:
𝑥 = 𝑧 + ℎ , 𝑦 = 𝑤 + 𝑘
{𝑥 − 4𝑦 − 9 = 04𝑥 + 7 − 2 = 0
Resolviendo 𝑥 = 1 , 𝑦 = −2 ⇒ ℎ = 1 , 𝑘 = −2
𝑥 = 𝑧 + 1 , 𝑦 = 𝑤 − 2 Además 𝑑𝑥 = 𝑑𝑧 , 𝑑𝑦 = 𝑑𝑤 ………………………… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación diferencial
(𝑧 − 4𝑤)𝑑𝑧 + (4𝑧 + 𝑤)𝑑𝑤 = 0………………………………………………………………(𝛌)
Es una ecuación homogénea de grado 1:
𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤………………………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (𝝫) en (𝛌)
(𝑢𝑤 − 4𝑤)(𝑤𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑤) + (4𝑢𝑤 + 𝑤)𝑑𝑤 = 0
(𝑢2 + 1)𝑑𝑤 + (𝑢 − 4)𝑤𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑤
𝑤+∫
(𝑢 − 4)𝑑𝑢
((𝑢2 + 1))= 𝑘
𝑙𝑛𝑤2(𝑢2 + 1) − 8𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛𝑢 = 𝑘………………………………………………………………. (θ)
Como 𝑧 = 𝑢𝑤 ⇒ 𝑢 =𝑧
𝑤=
𝑥−1
𝑦+2
Reemplazando en (θ)
𝑙𝑛[(𝑥 − 1)2 + (𝑦 + 2)2] − 8𝑎𝑟𝑐𝑡𝑎𝑛 (𝑥 − 1
𝑦 + 2) = 𝑘
4)(𝑥 − 𝑦 − 1)𝑑𝑦 − (𝑥 + 3𝑦 − 5)𝑑𝑥
Solución:
La ecuación diferencial se puede escribir de la siguiente manera:
𝑥 = 𝑧 + ℎ , 𝑦 = 𝑤 + 𝑘
{𝑥 − 𝑦 − 1 = 0𝑥 + 3𝑦 − 5 = 0
Resolviendo 𝑥 = 2 , 𝑦 = 1 ⇒ ℎ = 2 , 𝑘 = 1
𝑥 = 𝑧 + 2 , 𝑦 = 𝑤 + 1 Además 𝑑𝑥 = 𝑑𝑧 , 𝑑𝑦 = 𝑑𝑤 ………………………… (α)
Reemplazando (α) en la ecuación diferencial
(𝑧 + 3𝑤)𝑑𝑧 + (𝑧 − 𝑤)𝑑𝑤 = 0………………………………………………………………(𝛌)
Es una ecuación homogénea de grado 1:
𝑤 = 𝑢𝑧 ⇒ 𝑑𝑤 = 𝑧𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑧………………………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (𝝫) en (𝛌)
(𝑧 + 3𝑢𝑧)𝑑𝑧 + (𝑧 − 𝑢𝑧)(𝑧𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑧) = 0
(𝑢2 + 2𝑢 + 1)𝑑𝑧 + 𝑧(𝑢 − 1)𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑧
𝑧+∫
(𝑢 − 1)𝑑𝑢
(𝑢2 + 2𝑢 + 1)= 𝑘
𝑙𝑛𝑧 + 𝑙𝑛(𝑢 + 1) +2
𝑢+1= 𝑘………………………………………………………………. (θ)
Como 𝑤 = 𝑢𝑧 ⇒ 𝑢 =𝑤
𝑧=
𝑦−1
𝑥−2
Reemplazando en (θ)
𝑙𝑛𝑐(𝑥 + 𝑦 − 3) = −2 (𝑥 − 2
𝑥 + 𝑦 − 3)
5)4𝑥𝑦2𝑑𝑥 + (3𝑥2𝑦 − 1)𝑑𝑦
Solución:
Sea 𝑦 = 𝑧𝛼 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝛼𝑧𝛼−1𝑑𝑧………………………………. (θ)
Reemplazando (θ) en la ecuación diferencial
4𝑥𝑧2𝛼𝑑𝑥 + (3𝑥2𝑧2𝛼−1 − 𝑧𝛼−1)𝛼𝑑𝑧 = 0…………………………………….. (1)
Para que la ecuación sea homogénea debe cumplirse:
2𝛼 + 1 = 𝛼 − 1 ⇒ 𝛼 = −2 ⇒ 𝑦 = 𝑧−2 ⇒ 𝑑𝑦 = −2𝑧−3𝑑𝑧 Reemplazando en la ecuación diferencial
4𝑥𝑧−4𝑑𝑥 + (3𝑥2𝑧−5 − 𝑧−3) − 2𝑑𝑧 = 0
4𝑥𝑧𝑑𝑥 − 2(3𝑥2 − 𝑧2)𝑑𝑧 = 0 Es una ecuación diferencial homogénea de grado 2
𝑧 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑥𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑥……………………………………………………………….. (𝝫)
Reemplazando (𝝫) En la ecuación diferencial
4𝑥2𝑢𝑑𝑥 − 2(3𝑥2 − (𝑢𝑥)2)(𝑥𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑥) = 0 De donde simplificando y separando la variable se tiene 𝑑𝑥
𝑥+
𝑢2−3
𝑢3−𝑢𝑑𝑢 = 0, integrando se tiene
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫
𝑢2 − 3
𝑢3 − 𝑢𝑑𝑢 = 𝑐
𝑙𝑛𝑥 + 3𝑙𝑛𝑢 − 𝑙𝑛(𝑢2 − 1) = 𝑐
Como 𝑢 =𝑧
𝑥, 𝑦 = 𝑧−2 se tiene:𝑦(1 − 𝑥2𝑦)2 = 𝑘
6)(𝑦4 − 3𝑥2)𝑑𝑦 = −𝑥𝑦𝑑𝑥
Solución:
Sea 𝑦 = 𝑧𝛼 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝛼𝑧𝛼−1𝑑𝑧………………………………. (θ)
Reemplazando (θ) en la ecuación diferencial
(𝑧4𝛼 − 3𝑥2)𝛼𝑧𝛼−1𝑑𝑧 = −𝑥𝑧𝛼𝑑𝑥 Para que la ecuación sea homogénea debe cumplirse:
𝛼 + 1 = 5𝛼 − 1 = 𝛼 + 1 ⇒ 𝛼 =1
2
(𝑧2 − 3𝑥2)1
2𝑧−1
2 𝑑𝑧 = −𝑥𝑧1
2𝑑𝑥 Simplificando
2𝑥𝑧𝑑𝑥 + (𝑧2 − 3𝑥2)𝑑𝑧 = 0……(3) es una ecuación diferencial homogénea de grado 2
𝑧 = 𝑢𝑥 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑥𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑥……………………………………………………………….. (𝝫)
Reemplazando (𝝫) En la ecuación diferencial
∫𝑑𝑥
𝑥+ ∫
𝑢2 − 3
𝑢3 − 𝑢𝑑𝑢 = 𝑐
⇒ 𝑙𝑛𝑥 + 𝑙𝑛 (𝑢3
𝑢2 − 1) = 𝑐
Como 𝑢 =𝑦2
𝑥 se tiene 𝑙𝑛𝑥 + 𝑙𝑛 (
(𝑦2
𝑥)3
(𝑦2
𝑥)2
−1
) = 𝑐
7)𝑦𝑐𝑜𝑠𝑥𝑑𝑥 + (2𝑦𝑠𝑒𝑛𝑥)𝑑𝑦 = 0
Solución:
𝑧 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑐𝑜𝑠𝑥𝑑𝑥, Reemplazo en la ecuación diferencia dad se tiene:
𝑦𝑑𝑧 + (2𝑦 − 𝑧)𝑑𝑦 = 0 ……(1) es una ecuación diferencial homogéneas de grado 1
𝑦 = 𝑢𝑧 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑧 + 𝑧𝑑𝑢………. (2)
Reemplazando y simplificando (2) en (1) 𝑑𝑧
𝑧+2𝑢 − 1
2𝑢2𝑑𝑢 = 0
∫𝑑𝑧
𝑧+ ∫
2𝑢−1
2𝑢2𝑑𝑢 = 0 Integramos
2𝑦𝑙𝑛𝑦 + 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 2𝑐𝑦
8)(2𝑥2 + 3𝑦2 − 7)𝑥𝑑𝑥 − (3𝑥2 − 2𝑦2 − 8)𝑦𝑑𝑦 = 0
Solución:
Sea 𝑢 = 𝑥2 ⇒ 𝑑𝑢 = 2𝑥𝑑𝑥, 𝑣 = 𝑦2 ⇒ 𝑑𝑣 = 2𝑦𝑑𝑦………………………………. (θ)
Reemplazando (θ) en la ecuación diferencial
(2𝑢 + 3𝑣 − 7)𝑑𝑢
2− (3𝑢 + 2𝑣 − 8)
𝑑𝑣
2= 0
{2𝑢 + 3𝑣 − 7 = 03𝑢 + 2𝑣 − 8 = 0
⇒ 𝑝(2,1)
Sean 𝑢 = 𝑧 + 2, 𝑣 = 𝑤 + 1 reemplazando
(2𝑧 + 3𝑤)𝑑𝑧 − (3𝑧 + 2𝑤)𝑑𝑤 = 0
Para que la ecuación sea homogénea debe cumplirse:
𝑤 = 𝑧𝑛 ⇒ 𝑑𝑤 = 𝑧𝑑𝑛 + 𝑛𝑑𝑧……………………………………………………………….. (𝝫)
Reemplazando (𝝫) En la ecuación diferencial
∫2𝑑𝑧
𝑧+ ∫
2𝑛 + 3
𝑛2 − 1𝑑𝑛 = 𝑘
⇒ 𝑙𝑛𝑧2(𝑛2 − 1) +3
2𝑙𝑛 |
𝑛 − 1
𝑛 + 1| = 𝑘
Como 𝑛 =𝑤
𝑧, 𝑤 = 𝑣 − 1 = 𝑦2 − 1, 𝑧 = 𝑢 − 2 = 𝑥2 − 2 se tiene
𝑙𝑛|𝑦4 − 𝑥4 + 4𝑥2 − 2𝑦2 − 3| +3
2𝑙𝑛 |
𝑦2 − 𝑥2 + 1
𝑦2 + 𝑥2 + 3|
9)𝑑𝑦 = (𝑦 − 4𝑥)2𝑑𝑥
Solución:
𝑧 = 𝑦 − 4𝑥 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑑𝑦 − 4𝑑𝑥 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 − 4𝑑𝑥………………………. (1)
Reemplazando (1) en la ecuación diferencial
𝑑𝑧 − 4𝑑𝑥 = 𝑧2𝑑𝑥
𝑑𝑧 = (𝑧2 − 4)𝑑𝑥
∫𝑑𝑧
𝑧2 − 4−∫𝑑𝑥 = 𝑘
1
4𝑙𝑛 |
𝑧 − 2
𝑧 + 2| − 𝑥 = 𝑘
Asiendo en cambio de variable respectivo la solución será: 1
4𝑙𝑛 |
𝑦 − 4𝑥 − 2
𝑦 − 4𝑥 + 2| − 𝑥 = 𝑘
10)𝑡𝑎𝑛2(𝑥 + 𝑦)𝑑𝑥 − 𝑑𝑦 = 0
Solución:
𝑧 = 𝑥 + 𝑦 ⇒ 𝑑𝑧 = 𝑑𝑥 + 𝑑𝑦 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 − 𝑑𝑥……………………………………(1)
Reemplazando (1) en la ecuación diferencial
𝑠𝑒𝑛2(𝑧)𝑑𝑥 − 𝑐𝑜𝑠2(𝑧)(𝑑𝑧 − 𝑑𝑥) = 0
𝑠𝑒𝑛2(𝑧)𝑑𝑥 + 𝑐𝑜𝑠2(𝑧)𝑑𝑥 − 𝑐𝑜𝑠2(𝑧)𝑑𝑧 = 0
𝑑𝑥 − 𝑐𝑜𝑠2(𝑧)𝑑𝑧 = 0
∫𝑑𝑥 − ∫𝑐𝑜𝑠2(𝑧)𝑑𝑧 = 𝑘
𝑥 − 𝑧 + 𝑐𝑜𝑠(2𝑧) = 𝑘
𝑥 − (𝑥 + 𝑦) + 𝑐𝑜𝑠2(𝑥 + 𝑦) = 𝑘
−𝑦 + 𝑐𝑜𝑠2(𝑥 + 𝑦) = 𝑘
11)(2 + 2𝑥2𝑦12⁄ ) 𝑦𝑑𝑥 + (𝑥2𝑦
12⁄ + 2) 𝑥𝑑𝑦 = 0
Solución:
Sea 𝑦 = 𝑧𝛼 ⇒ 𝑑𝑦 = 𝛼𝑧𝛼−1𝑑𝑧………………………………. (θ)
Reemplazando (θ) en la ecuación diferencial
(2 + 2𝑥2𝑧𝛼2⁄ )𝑧𝛼𝑑𝑥 + (𝑥2𝑧
𝛼2⁄ + 2)𝑥𝛼𝑧𝛼−1𝑑𝑧 = 0
(2𝑧𝛼 + 2𝑥2𝑧3𝛼
2⁄ ) 𝑑𝑥 + (𝛼𝑥3𝑧3𝛼
2⁄ −1 + 2𝑥𝛼𝑧𝛼−1) 𝑑𝑧 = 0
𝛼 = 2 + 3𝛼 2⁄ ⇒ 𝛼 = −4 ⇒ 𝑦 = 𝑧−4 ⇒ 𝑑𝑦 = −4𝑧−5𝑑𝑧
(2𝑧−4 + 2𝑥2𝑧−6)𝑑𝑥 + (−4𝑥3𝑧−7 − 8𝑥𝑧−5)𝑑𝑧 = 0
(1 + (𝑥
𝑦)2
) 𝑑𝑥 + (−2 (𝑥
𝑦)3
− 4𝑥
𝑦) 𝑑𝑧 = 0………………………………………………………………(𝛌)
𝑥 = 𝑢𝑧 ⇒ 𝑑𝑥 = 𝑧𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑧………………………………………………………………..(𝝫)
Reemplazando (𝝫) en (𝛌)
(1 + (𝑢)2)(𝑧𝑑𝑢 + 𝑢𝑑𝑧) + (−2(𝑢)3 − 4𝑢)𝑑𝑧 = 0
(1 + 𝑢2)𝑧𝑑𝑢 + (−3𝑢 − 𝑢3)𝑑𝑧 = 0 (1 + 𝑢2)𝑑𝑢
(−3𝑢 − 𝑢3)+𝑑𝑧
𝑧= 0
∫(1 + 𝑢2)𝑑𝑢
(−3𝑢 − 𝑢3)+ ∫
𝑑𝑧
𝑧= 𝑘
−1
3𝑙𝑛(−3𝑢 − 𝑢3) + 𝑙𝑛𝑧 = 𝑘
Reemplazando
𝑢 = 𝑥𝑦1 4⁄
−1
3𝑙𝑛 (−3𝑥𝑦1 4⁄ − (𝑥𝑦1 4⁄ )
3) + 𝑙𝑛𝑧 = 𝑘
PRACTICA # 4.
I) Ecuaciones diferenciales exactas:
Resolver las siguientes ecuaciones:
1) (4x3y3 – 2xy)dx + (3x4y2 – x2)dy = 0
Sol:
(4x3y3 – 2xy)dx + (3x4y2 – x2)dy = 0
M(x, y) N(x, y) ∂M(x,y)
∂y = 12x3y2 – 2x =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 4x3y3 – 2xy
f(x, y) = ∫ (4x3y3 – 2xy)dx + g(y)
f(x,y) = x4y3 – x2y + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 3x4y2 - x2 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 3x4y2 – x2
3x4y2 - x2 + g’(y) = 3x4y2 – x2 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = x4y3 – x2y + c
x4y3 – x2y = k
2) (3e3xy – 2x)dx + e3xdy = 0
Sol:
(3e3xy – 2x)dx + e3xdy = 0
M(x, y) N(x, y)
∂M(x,y)
∂y = 3𝑒3𝑥 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 3e3xy – 2x
f(x, y) = ∫ (3e3xy – 2x)dx + g(y)
f(x,y) = y𝑒3𝑥 – x2 + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 𝑒3𝑥 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = e3x
𝑒3𝑥 + g’(y) = 𝑒3𝑥 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = y𝑒3𝑥 – x2 + c
y𝒆𝟑𝒙 – x2 = k
3) (cosy + ycosx)dx + (senx – xseny)dy = 0
Sol:
(cosy + ycosx)dx + (senx – xseny)dy = 0
M(x,y) N(x,y) ∂M(x,y)
∂y = -seny + cosx =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 3e3xy – 2x
f(x, y) = ∫ (3e3xy – 2x)dx + g(y)
f(x,y) = y𝑒3𝑥 – x2 + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 𝑒3𝑥 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = e3x
𝑒3𝑥 + g’(y) = 𝑒3𝑥 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = y𝑒3𝑥 – x2 + c
y𝒆𝟑𝒙 – x2 = k
4) 2x(yex2 – 1 )dx + ex2dy = 0
Sol:
2x(yex2 – 1 )dx + ex2dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 2x ex2 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 2x(yex2 – 1)
f(x, y) = ∫ (2x(yex2 – 1))dx + g(y)
f(x,y) = y ex2 – x2 + g(y) , derivando con respecto a “y”.
∂f(x,y)
∂y = ex2 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = ex2
ex2+ g’(y) = ex2 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = y ex2 – x2 + c
yex2 - x2 = k
5) (6x5y3 + 4x3y5)dx + (3x6y2 + 5x4y4)dy = 0
Sol:
(6x5y3 + 4x3y5)dx + (3x6y2 + 5x4y4)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 18x5y2 + 20x3y4 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 6x5y3 + 4x3y5
f(x, y) = ∫ (6x5y3 + 4x3y5)dx + g(y)
f(x,y) = x6y3 + x4y5 + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 3x6y2 + 5x4y4 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 3x6y2 + 5x4y4
3x6y2 + 5x4y4 + g’(y) = 3x6y2 + 5x4y4 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = x6y3 + x4y5 + c
x6y3 + x4y5 = k
6) (2x3 + 3y)dx + (3x + y – 1)dy = 0
Sol:
(2x3 + 3y)dx + (3x + y – 1)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 3 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 2x3 + 3y
f(x, y) = ∫ (2x3 + 3y)dx + g(y)
f(x,y) = x4
2 + 3xy + g(y) , derivando con respecto a “y”.
∂f(x,y)
∂y = 3x + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 3x + y – 1
3x + y – 1 + g’(y) = 3x + y – 1 g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = x4
2 + 3xy + c
x4 + 6xy + y2 = k
7) (y2 𝑒xy2 + 4x3)dx + ( 2xy𝑒xy2 - 3y2)dy = 0
Sol:
(y2 𝑒xy2 + 4x3)dx + ( 2xy𝑒xy2 - 3y2)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 2y𝑒xy2 + 2xy3𝑒xy2 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = y2 𝑒xy2 + 4x3
f(x, y) = ∫ (y2 𝑒xy2 + 4x3)dx + g(y)
f(x,y) = 𝑒xy2 + x4 + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 𝑒xy22xy + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 2xy𝑒xy2 - 3y2
𝑒xy22xy + g’(y) = 2xy𝑒xy2 - 3y2 g’(y) = - 3y2 g(y) = - y3
f(x,y) = 𝒆𝒙𝒚𝟐 + x4 - y3
8) (2xy2 + 2y)dx + (2x2y + 2x)dy = 0
Sol:
(2xy2 + 2y)dx + (2x2y + 2x)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 4xy + 2 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 2xy2 + 2y
f(x, y) = ∫ (2xy2 + 2y)dx + g(y)
f(x,y) = x2y2+ 2xy + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 2x2y + 2x + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 2x2y + 2x
2x2y + 2x + g’(y) = 2x2y + 2x g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = x2y2+ 2xy + c
x2y2+ 2xy = k
9) (exseny – 2ysenx)dx + (excosy + 2cosx)dy = 0
Sol:
(exseny – 2ysenx)dx + (excosy + 2cosx)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = excosy – 2senx =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = exseny – 2ysenx
f(x, y) = ∫ (exseny – 2ysenx)dx + g(y)
f(x,y) = exseny + 2ycosx + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = excosy +2cosx + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = excosy + 2cosx
excosy +2cosx + g’(y)= excosy + 2cosx g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = exseny + 2ycosx + c
exseny + 2ycosx = k
10) (2xy3 + ycosx)dx + (3x2y2 + senx)dy = 0
Sol:
(2xy3 + ycosx)dx + (3x2y2 + senx)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = 6xy2 + cosx =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = 2xy3 + ycosx
f(x, y) = ∫ (2xy3 + ycosx)dx + g(y)
f(x,y) = x2y3 + ysenx + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = 3x2y2 + senx + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 3x2y2 + senx
3x2y2 + senx + g’(y) = 3x2y2 + senx g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = x2y3 + ysenx + c
x2y3 + ysenx = k
11) (Seny + ysenx + 1
x )dx + (xcosy – cosx +
1
y)dy = 0
Sol:
(Seny + ysenx + 1
x )dx + (xcosy – cosx +
1
y)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y = senx + cosy =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x = Seny + ysenx +
1
x
f(x, y) = ∫ (Seny + ysenx + 1
x)dx + g(y)
f(x,y) = xseny – ycosx + lnx + g(y) , derivando con respecto a “y”.
∂f(x,y)
∂y = xcosy – cosx + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = xcosy – cosx + 1
y
xseny – ycosx + lnx + g’(y) = xcosy – cosx + 1
y g’(y) =
1
y g(y) = lny
f(x,y) = xseny – ycosx + lnx + lny
12) (𝑦
1 + x2 + arctgy)dx + (
𝑥
1 + y2 + arctgx) dy= 0
Sol:
(𝑦
1 + x2 + arctgy)dx + (
𝑥
1 + y2 + arctgx)dy = 0
M(x,y) N(x,y)
∂M(x,y)
∂y =
𝑦
1 + x2 +
𝑥
1 + y2 =
∂N(x,y)
∂x. Por lo tanto la ecuación diferencial es exacta.
Entonces ∃ f(x, y) / ∂f(x,y)
∂x = M(x, y), de donde:
∂f(x,y)
∂x =
𝑦
1 + x2 + arctgy
f(x, y) = ∫ (𝑦
1 + x2 + arctgy dx + g(y)
f(x,y) = yarctgx + xarctgy + g(y) , derivando con respecto a “y”. ∂f(x,y)
∂y = arctgx +
𝑥
1 + y2 + g’(y), pero como:
∂f(x,y)
∂y = N(x,y)
Se tiene: N(x, y) = 𝑥
1 + y2 + arctgx
arctgx + 𝑥
1 + y2 + g’(y) =
𝑥
1 + y2 + arctgx g’(y) = 0 g(y) = c
f(x,y) = yarctgx + xarctgy + c
yarctgx + xarctgy = k
II) Factores Integrantes
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales.
1) (x2 + y2 + x)dx + xydy = 0
Sol:
(x2 + y2 + x)dx + xydy = 0
M N ∂M(x,y)
∂y = 2y ;
∂N(x,y)
∂x = y
∂M(x,y)
∂y− ∂N(x,y)
∂x
𝑁(𝑥,𝑦) = f(x)
e∫f(x)dx es un fi 2y−y
xy =
1
𝑥
e∫1
xdx es fi = elnx = x
x(x2 + y2 + x)dx + x2ydy
M N ∂M(x,y)
∂y = 2xy =
∂N(x,y)
∂x la ecuación diferencial es exacta.
Entonces : ∂f(x,y)
∂x = M(x,y)
f(x,y) = x4
4 +
x2y2
2 +
𝑥3
3 + g(y) derivando con respecto a ‘y’ y siguiendo los pasos en los problemas
anteriores de ecuaciones diferenciales exactas. ∂f(x,y)
∂y = x2y + g’(y)
3x4 + 6x2y2 + 4x3 = k
2) (1 – x2y)dx + x2(y – x)dy = 0
Sol:
(1 – x2y)dx + x2(y – x)dy = 0
M N ∂M(x,y)
∂y = - x2 ;
∂N(x,y)
∂x = - 3x2 + 2xy
∂M(x,y)
∂y− ∂N(x,y)
∂x
𝑁(𝑥,𝑦) = f(x)
e∫f(x)dx es un fi − x2 +3x2− 2xy
x2(y – x) = -
2
𝑥
e∫- 2
𝑥dx es fi =
1
x2
(1
x2) (1 – x2y)dx +
1
x2x2(y – x)dy = 0
M N ∂M(x,y)
∂y = -1 =
∂N(x,y)
∂x la ecuación diferencial es exacta.
Entonces : ∂f(x,y)
∂x = M(x,y)
f(x,y) = - 1
x - xy + g(y) derivando con respecto a ‘y’ y siguiendo los pasos en los problemas anteriores de
ecuaciones diferenciales exactas. ∂f(x,y)
∂y = -x + g’(y)
xy2 - 2x2y - 2= kx
3) (2xy4e4+2xy3+y) dx + (xy4e4-x2y2-3x) dy = 0
M N
)y(344
2x42443
2x4
24443
gy
4
)yxy2exy2(
)3xy2exy21y6eyxy2xey8(
3xy2exy2y
M
1y6exy2xey8y
M
4
y
dy4
)x(g
y
1ee
Luego: 0dy)y3yxeyx(y
1dx)yxy2eyxy2(
y
1 22442
4
3444
4
M N
My
)y,x(f
y3xy2xe2x
Ny3xy2xe2
y
M 42y42y
)y(3
2y2
)y(3
y
gy
x
y
xex
gdx)y
1
y
x2xe2()y,x(f
42
2y2
)y(4
y2
y
x3
y
xex'g
y
x3ex
y
)y,x(fN
Cy
x
y
xex)y,x(f
Cg0'g
3
2y2
)y()y(
4) 0dy)Lnxy(dxx
y 3
M N
2
dyy
2
)y(g
)y(
y
1ee
gy
2
x
1
y
M
x
1
y
N
x
1
y
M
Luego: 0dy)Lnxy(y
1dx
x
y.
y
1 3
22
M N
Mx
)y,x(f
xy
1
x
N
xy
1
y
M22
)y(
)y(
gy
Lnx
gyx
dx()y,x(f
2)y(2y
Lnxy'g
y
Lnx
y
)y,x(fN
C2
y
y
Lnx)y,x(f
C2
ygy'g
2
2
)y()y(
5) (2xy3y2+4xy2+y+2xy2+xy2+2y) dx + 2(y3+x2y+x) dy = 0
M N
)x(fx)xyxy(2
)yxy(x4
)xyxxxy2(
2xy42xy4xy4x4y4(
2xy4y
M2xy4xy4x4yx4
y
M
23
32
223
323
323
2xxdx2)x(geee
Luego: 0dy)xyxy(e2dx)y2xxydxy2yx4yxy2(e23x422232x 2
M
N
2x32x2x22x32x
2x332x2x32x
e2xye4xye4xe4yxe4y
N
e2yxe4xye4yxe4y
M
)x(hyxe2yxex2
ye
)x(hdy)e2yxe2ye2()y,x(f
Mdx
)y,x(f
2x22242x
2x322x32x
ye2xyexye2yxe4yex2)x('hyxe2yxe2
yex
x
)y,x(fM
2x42x22x22x22x32e222x42
ye2xyeyxe2yxe4yxe2yxe2yxe2
yex)x('h
2x42x232x22x232x2e222x42
x
ye
2
ye
yex
e2xye2
4
e3
2
yxeye
x2
ye
2
ye
2
yex)x(h
2x42x
2x2x
2x2x222x
2x22x22x42
)x(hyxe2ye2
ye)y,x(f
2x242x
2x
6) (xCosy-yseny) dy + (xSeny-yCosy) dy = 0
M N
)x(f1ySenyxCosy
CosyySenyCosyxCosy
Cosyx
NySenyCosyxCosy
y
M
xdx)x(feee
Luego: 0dx)yCosyxSeny(edy)ySenyxCosy(ex2x
M N
Mx
)y,x(f
ySenyeCosyexCosyex
NySenyeCosyexCosye
y
M xxxxxx
)y(gyCosye)1x(Senye
)y(gdy)yCosyexSenye()y,x(f
xx
xx
ySenyexCosye'gehySeny.Cosye)1x(Cosyey
)y,x(fN
xx
)y(
yx
g’(y) = 0 g(y) = C
CCosye)1x(eSeny)y,x(f4x
7) (x4+y4) dx – xy3 dy = 0
M N
M(dx, dy)=d4M(x,4) N(dx, dy)=14N(x,4) Homogéneas
Luego:
r344x
1
y)xy(x)yx(
1
NyMx
1
Entonces:
0dy)xy(x
1dx)yx(
x
1 3
5
44
5
dy
df
dx
df
Integrando respecto a “x”:
)y(4
4
gx4
yLnx)y,x(f
4
3
)y(4
3
x
y'g
x
y
y
)y,x(fN
g’(y) = 0 g(y) = C
Cx4
yLnx)y,x(f
4
4
8) y2dx + ex2 – xy – y2)dy = 0 Es homogénea.
Luego: )yx(y
1
y)yxyx(xy
122222
Entonces:
Mdx
)y,x(f
)yx(
yx
dx
N
)yx(
yx
dy
M
0dy)yx(y
)yxyx(
)yx(y
dxy
222
22
222
22
22
22
22
2
)y(
)y(22
gy´x
yxLn
2
1)y,x(f
gdxyx
y)y,x(f
)yx(y
)yxyx('g
)yx(2
1
)yx(2
1
y
)y,x(fN
22
22
)y(
g’(y) = y
1 g(y) = Lny + C
CLnyyx
yxLn
2
1)y,x(f
10) y(2x+1)dx + x (1+2xy – x3 y3)dy = 0
(2xy2+y) dx + (x+2x2y – x4y3) dy = 0
x
N
y
M
yx4xy41dx
N1xy4
dy
M 33
Usamos:
)y(g
)y('g)yxy2(
)x(f
)'x(f)yxyx2x(yx4
)y(g
)y('gM
)x(f
)x('fN
x
N
y
M
234233
4
4
y)x(gLnx4)y(Lngx
4
)x(f
)'y(g
x)x(fLnx4)x(Lnfx
4
)x(f
)'x(f
4433
342
4.4
4433
2
4.4
44
yx
3
yx
2
x
N)yxyx2x(
yx
1M
yx
3
yx
2
y
M)yxy2(
yx
1M
y.x
1)y(g).x(f)y,x(
Ahora:
x
N
y
M
)y(gy3
x
y
xd)y(gdx
yx
)yxy2()y,x(f
)yxy2(yx
1
x
)y,x(
3
3
2
2
44
2
2
44
)y('gyx
x
yx
yx2
y
)y,x(f
)y(gxy3
1
yx
1)y(g
y3
x
y
x)y,x(f
4444
2
33223
3
2
2
Pero: Ny
)y,x(f
CyLn)y(gy
1)y('g
yx
yx
yx
yx2
yx
x)y('g
yx
x
yx
yx244
34
44
2
444444
2
Reemplazamos:
C)y(Lnxy3
1
yx
1)y,x(f
3322
FACTORES INTEGRANTES POR SIMPLE INSPECCIÓN
Resolver las siguientes Ecuaciones Diferenciales
1) ydx + x(1-3x2y2)dy = 0
ydx + ydx – 3x3y2 dy = 0 … Multiplicando por:3
2
0dyyx2)ydxxdy(3
2 23 … en:
33yx
1
CLny2)xy(
1.
3
1
C)Lny2(d)3
1.2
)xy(
1(d
0y
dy2
yx
)ydxxdy(
3
2
0yx
dyyx2
yx
)ydxxdy(
3
2
0dyyx2yx
)ydxxdy(
3
2
2
33
33
23
33
23
33
2) xdy + ydx + 4y3(x2+y2)dy = 0
CyyxLn2
1
0)y(d)yx(
)yx(d
2
1
0)y(d)yx(
)yx(d
2
1
0dyy4)yx(
ydxxdx
0)yx(
dy)yx(3y4
)yx(
ydxxdx
422
4
22
22
4
22
22
3
22
22
22
22
3) xdy – ydx – (1-x2)dx = 0
Cx
1x
x
y
C)x
1x(d)
y
x(d
0dx)1x
1(
x
ydxxdy
0dxx
)x1(
x
ydxxdy
22
2
2
2
4) xdy – ydx + (x2+y2)2dx = 0
Sabemos que: xdx + ydx = )yx(d2
1 22
Cx)yx(
1
2
1
Cdx)yx(
)yx(d
2
1
0dx)yx(
)yx(
)yx(
ydxxdy
22
22
22
222
22
222
5) x(xdy+ydx) + 0dxyx122
0yx1x
dxyx1
yx1x
)ydxxdy(x
22
22
22
0x
dxx
2
1
yx1
)ydxxdy(x
2
1
22
Cx
dx)yx1(d
2/122
C2
xLn)yx1(
2/122
6) (x3+xy2)-y)dx + (y3+x2y+x)dy=0
(x(x2+xy2)-y)dx + (y(x2+y2)+x)dy=0
C)x
y(Tgarc)yx(
2
1
C))x
y(Tgarc(d)yx(d
2
1
0)yx(
)ydxxdy()ydyxdx(
0)ydxxdy()ydyxdx()yx(
0x
)ydyxdx(
x
)ydyxdx()yx(
0dydy)yx(x
ydx
x
ydx)yx(
0dy1)yx(x
ydx
x
y)yx(
22
22
22
22
22
2222
2222
10) (x2+y2) (xdy +ydx) = xy(xdy-ydx)
C)x
y(Tgarc)xy(Ln
0))x
y(Tgarc(d))xy(Ln(d
0)yx(
)ydxxdy(
xy
)ydxxdy(
0)yx(xy
)ydxxdy(xy
xy
)ydxxdy(
0)yx(
)ydxxdy(xy)ydxxdy(
)yx(
)yx(
22
22
2222
22
11) xdy – ydx = x2 dxyx22
C2
x)
x
y(SenArc
C)2
x(d))
x
y(Senarc(d
0xdxyx
ydxxdy
dxyx
yxx
yx
ydxxdy
2
2
22
22
22
2
22
12) x3dy – x2ydx = x5y dx
xdy – ydx = x3y dx , para: x 0
C3
x)
x
y(Ln
C)3
x(d)
x
y(dLn
)3
x()
x
y(dLn
dxxxy
ydxxdy
3
3
3
2
13) 3ydx + 2xdy + 4xy2dx + 3x2ydy=0
Multiplicamos por x2y
3y2x2dx+2x3 ydy + 4x3y3dx + 3x4 y2dy = 0
d(x3y3) + d(x4y3) = 0
Cyxyx
C)yx(d)yx(d
3433
3433
14) 0dx)1yx1(1xdx)1xy1(1y2222
1x1y
1:entreTodo
0)xdyydx(1x1y1x1y
0dy1y.1xx1xdx1x1yy1y
22
2222
222222
Cxy1yyLn1xxLn
C)xy(d1y
dy
1x
dx
0)xy(d1y
dy
1x
dx
0)xdyydx(1y
dy1
1x
dx1
22
22
22
22
15) 2y,1x:Para2)x1(y
)1xy(y
dx
dy2
y(1-x2)-xdy = y(xy+1)dx
ydy - yx2dy - xdy = xy2dx = ydx
ydy - yx2dy – xy2dx = ydx = dy
ydy – (yx2dy + xy2dx) = ydx+ xdy
)xy(d2
yxdydy
22
ydy – C)xy(d2
)yx(d
22
Cxy2
xy
2
y222
y2 – x2y2 = 2xy + C Para: x=1 , C=4
Su solución particular es: y2(1-x2) – 2xy = 4
16) arseny dx + 0y1
dyCosyy12x
2
2
0Cosydy2y1
xdydxarseny
2
d(x. arcseny) + 2Cosydy = 0
d(x . arcseny) + 2Cosydy = C
x . Arcseny + 2Seny = C
Ecuaciones Lineales:
1. 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑥𝑦 = 4𝑥
𝑦 = 𝑒−∫2𝑥 𝑑𝑥 [∫ 𝑒∫2𝑥𝑑𝑥 (4𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−𝑥2[∫ 𝑒𝑥
2(4𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−𝑥2[2𝑒𝑥
2+ 𝑐 ]
𝑦 = 2 [1 + 𝑐
𝑒𝑥2 ]
2. 𝑥𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑦 + 𝑥3 + 3𝑥2 − 2𝑥
𝑑𝑦
𝑑𝑥−
𝑦
𝑥= 𝑥3 + 3𝑥2 − 2𝑥
𝑦 = 𝑒−∫−𝑥−1𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−𝑥
−1𝑑𝑥 (𝑥3 + 3𝑥2 − 2𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑥[∫1
𝑥(𝑥3 + 3𝑥2 − 2𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑥[∫(𝑥2 + 3𝑥 − 2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑥[𝑥3
3+ 3𝑥2
2− 2𝑥 + 𝑐 ]
3- (𝑥 − 2)𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑦 + 2(𝑥 − 2)
𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦(𝑥 − 2)−1 = 2 (𝑥 − 2)2
𝑦 = 𝑒−∫− (𝑥−2)−1 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫− (𝑥−2)
−1 𝑑𝑥 (2 (𝑥 − 2)2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = (𝑥 − 2)[∫(𝑥 − 2)−1 (2 (𝑥 − 2)2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = (𝑥 − 2)[∫(2 (𝑥 − 2)1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = (𝑥 − 2)[𝑥2 − 2𝑥 + 𝑐 ] 𝑦 = 𝑥3 − 4𝑥2 + 𝑐𝑥 + 4𝑥 − 2𝑐
4- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦𝑐𝑡𝑔(𝑥) = 5𝑒cos (𝑥) para: x=π/2 & y= -4
𝑦 = 𝑒−∫𝑐𝑡𝑔(𝑥)𝑑𝑥[∫ 𝑒∫ 𝑐𝑡𝑔(𝑥) 𝑑𝑥 (5𝑒cos (𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−ln (𝑠𝑒𝑛(𝑥))[∫ 𝑒ln (𝑠𝑒𝑛(𝑥) (5𝑒cos (𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1[∫ 𝑠𝑒𝑛(𝑥) (5𝑒cos (𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1[−5𝑒cos (𝑥) + 𝑐 ] 𝑦 = −5𝑒cos (𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1 + 𝑐𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1
−4 = −5𝑒cos (π/2)𝑠𝑒𝑛(π/2)−1 + 𝑐𝑠𝑒𝑛(π/2)−1 Despejando C:
−4 = −5 + 𝑐
𝑐 = 1 La ecuación es: 𝑦 = −5𝑒cos (𝑥)𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1 + 𝑠𝑒𝑛(𝑥)−1
5- 𝑥3𝑑𝑦
𝑑𝑥+ (2 − 3𝑥2)𝑦 = 𝑥3
𝑑𝑦
𝑑𝑥+ (
2
𝑥3−
3
𝑥1 )𝑦 = 1
𝑦 = 𝑒−∫ (
2𝑥3−3𝑥1 )𝑑𝑥
[∫ 𝑒∫(2𝑥3−3𝑥1 ) 𝑑𝑥
(1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥−2𝑥3[∫ 𝑒−𝑥
−2𝑥−3 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥−2𝑥3[
1
2𝑒−𝑥
−2+ 𝑐 ]
𝑦 = 𝑥31
2+ 𝑐𝑒𝑥
−2𝑥3
6- (𝑥 − ln(𝑦))𝑑𝑦
𝑑𝑥= −𝑦𝑙𝑛(𝑦)
𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑥(𝑦𝑙𝑛(𝑦))−1 = 𝑦−1
𝑥 = 𝑒−∫ (𝑦𝑙𝑛(𝑦))−1𝑑𝑦[∫ 𝑒∫(𝑦𝑙𝑛(𝑦))
−1 𝑑𝑦 (𝑦−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−ln (𝑙𝑛𝑦)[∫ 𝑒ln (𝑙𝑛𝑦) (𝑦−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 =1
𝑙𝑛𝑦[∫ 𝑙𝑛𝑦 (𝑦−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 =1
𝑙𝑛𝑦[(𝑙𝑛𝑦)2
2+ 𝑐 ]
𝑥 =(𝑙𝑛𝑦)1
2+
1
𝑙𝑛𝑦𝑐
7- 𝑑𝑦
𝑑𝑥− 2𝑦𝑐𝑡𝑔(2𝑥) = 1 − 2𝑥𝑐𝑡𝑔(2𝑥) − 2csc (2𝑥)
𝑦 = 𝑒−∫−2𝑐𝑡𝑔(2𝑥)𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−2𝑐𝑡𝑔(2𝑥)𝑑𝑥 (1 − 2𝑥𝑐𝑡𝑔(2𝑥) − 2csc (2𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒ln (𝑠𝑒𝑛(2𝑥))[∫ 𝑒−ln (𝑠𝑒𝑛(2𝑥)) (1 − 2𝑥𝑐𝑡𝑔(2𝑥) − 2csc (2𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(2𝑥)[∫( csc(2𝑥) − 2𝑥𝑐𝑡𝑔(2𝑥)csc(2x) − 2(csc(2𝑥))2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(2𝑥)[ln|csc(2𝑥) − 𝑐𝑡𝑔(2𝑥)|
2+ 𝑥𝑐𝑠𝑐(2𝑥) −
ln|csc(2𝑥) − 𝑐𝑡𝑔(2𝑥)|
2+ 𝑐𝑡𝑔(2𝑥) + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(2𝑥)[𝑥𝑐𝑠𝑐(2𝑥) + 𝑐𝑡𝑔(2𝑥) + 𝑐 ] 𝑦 = 𝑥 + cos (2𝑥) + 𝑠𝑒𝑛(2𝑥)𝑐
8- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑦 = 𝑥2 + 2𝑥
𝑦 = 𝑒−∫2𝑑𝑥[∫ 𝑒∫2𝑑𝑥 (𝑥2 + 2𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−2𝑥[∫ 𝑒2𝑥 (𝑥2 + 2𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−2𝑥[𝑒2𝑥(𝑥2 + 2𝑥)
2−1
2∫𝑒2𝑥 (2𝑥 + 2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−2𝑥[𝑒2𝑥(𝑥2 + 2𝑥)
2−1
2( (𝑥 + 1)𝑒2𝑥 −∫𝑒2𝑥 𝑑𝑥) + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−2𝑥[𝑒2𝑥(𝑥2 + 2𝑥)
2−1
2( (𝑥 + 1)𝑒2𝑥 −∫𝑒2𝑥 𝑑𝑥) + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−2𝑥[𝑒2𝑥(𝑥2 + 2𝑥)
2−1
2( (𝑥 + 1)𝑒2𝑥 −
1
2𝑒2𝑥) + 𝑐 ]
𝑦 =𝑥2
2+𝑥
2−1
2+ 𝑐𝑒−2𝑥
9- 𝑥𝑙𝑛(𝑥)𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦 = 𝑥3(3ln(𝑥) − 1)
𝑑𝑦
𝑑𝑥− (𝑥𝑙𝑛(𝑥)) −1𝑦 = (𝑥𝑙𝑛(𝑥))
−1(𝑥3(3 ln(𝑥) − 1) )
𝑦 = 𝑒−∫−(𝑥𝑙𝑛(𝑥)) −1𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−(𝑥𝑙𝑛(𝑥))
−1 𝑑𝑥 ((𝑥𝑙𝑛(𝑥))−1(𝑥3(3 ln(𝑥) − 1) )) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒ln (ln(𝑥))[∫ 𝑒∫−ln (ln(𝑥)) 𝑑𝑥 ((𝑥𝑙𝑛(𝑥))−1(𝑥3(3 ln(𝑥) − 1) )) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (𝑥)[∫(𝑥𝑙𝑛(𝑥))−1((𝑥𝑙𝑛(𝑥))
−1(𝑥3(3 ln(𝑥) − 1) )) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (𝑥)[∫(𝑥𝑙𝑛(𝑥))−2(𝑥3(3 ln(𝑥) − 1) ) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (𝑥)[𝑥3
ln (𝑥)+ 𝑐 ]
𝑦 = 𝑥3 + 𝑐. ln(𝑥)
10- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑄(𝑥)´𝑦 − 𝑄(𝑥)𝑄(𝑥)´ = 0
𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑄(𝑥)´𝑦 = 𝑄(𝑥)𝑄(𝑥)´
𝑦 = 𝑒−∫𝑄(𝑥)´ 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫𝑄(𝑥)´𝑑𝑥 (𝑄(𝑥)𝑄(𝑥)´) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−𝑄(𝑥)[∫ 𝑒𝑄(𝑥) (𝑄(𝑥)𝑄(𝑥)´) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒−𝑄(𝑥)[𝑒𝑄(𝑥)𝑄(𝑥) − 𝑒𝑄(𝑥) + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑄(𝑥) − 1 + 𝑐𝑒−𝑄(𝑥)
11- 𝑑𝑦
𝑑𝑥=
1
𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑦)+ 2𝑠𝑒𝑛(2𝑦)
𝑑𝑥
𝑑𝑦− 𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑦) = 2𝑠𝑒𝑛(2𝑦)
𝑥 = 𝑒−∫−𝑠𝑒𝑛(𝑦) 𝑑𝑦[∫ 𝑒∫−𝑠𝑒𝑛(𝑦)𝑑𝑦 (2𝑠𝑒𝑛(2𝑦)) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−cos (𝑦)[∫ 𝑒cos (𝑦) (2𝑠𝑒𝑛(2𝑦)) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−cos (𝑦)[𝑒cos(𝑦) − 𝑒cos (𝑦)cos (𝑦) + 𝑐 ] 𝑥 = 1 − cos (𝑦) + 𝑒−cos (𝑦)𝑐
12- 𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦𝑐𝑡𝑔(𝑥) = 2𝑥 − 𝑥2𝑐𝑡𝑔(𝑥)
𝑦 = 𝑒−∫−𝑐𝑡𝑔(𝑥) 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−𝑐𝑡𝑔(𝑥)𝑑𝑥 (2𝑥 − 𝑥2𝑐𝑡𝑔(𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒ln |𝑠𝑒𝑛(𝑥)|[∫ 𝑒−ln |𝑠𝑒𝑛(𝑥)| (2𝑥 − 𝑥2𝑐𝑡𝑔(𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑥)[∫ csc(𝑥) (2𝑥 − 𝑥2𝑐𝑡𝑔(𝑥)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑥)[∫ csc(𝑥) 2𝑥 − 𝑥2𝑐𝑡𝑔(𝑥)csc(𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑥)[𝑥2csc(𝑥) + 𝑐 ] 𝑦 = 𝑥2 + 𝑐𝑠𝑒𝑛(𝑥)
Dato: 𝑦(𝜋
2) =
𝜋
4
2+ 1
𝑥 =𝜋
2 , 𝑐 = 1
Entonces la ecuación es : 𝑦 = 𝑥2 + 𝑠𝑒𝑛(𝑥)
13- (1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)𝑑𝑦
𝑑𝑥− 2𝑥𝑦 = ln(1 + 𝑥2) − 2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
𝑑𝑦
𝑑𝑥−
2𝑥𝑦
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)=
1
(1 + 𝑥2)−
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)
𝑦 = 𝑒−∫−
2𝑥(1+𝑥2) ln(1+𝑥2)
𝑑𝑥[∫ 𝑒
∫−2𝑥
(1+𝑥2) ln(1+𝑥2)𝑑𝑥(
1
(1 + 𝑥2)−
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒ln |ln (1+𝑥2)|[∫ 𝑒−ln |ln (1+𝑥
2)| (1
(1 + 𝑥2)−
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (1 + 𝑥2)[∫1
ln (1 + 𝑥2)(
1
(1 + 𝑥2)−
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (1 + 𝑥2)[∫(1
ln(1 + 𝑥2)(1 + 𝑥2)−
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (1 + 𝑥2)[∫𝑑𝑥
ln(1 + 𝑥2)(1 + 𝑥2)− ∫
2𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
(1 + 𝑥2) ln(1 + 𝑥2)2𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = ln (1 + 𝑥2)[∫𝑑𝑥
ln(1 + 𝑥2)(1 + 𝑥2)+
𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
ln(1 + 𝑥2)1−∫
𝑑𝑥
ln(1 + 𝑥2)(1 + 𝑥2)+ 𝑐 ]
𝑦 = ln (1 + 𝑥2)[𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥)
ln(1 + 𝑥2)1+ 𝑐 ]
𝑦 = 𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑥) + ln (1 + 𝑥2)𝑐
14- 𝑑𝑦
𝑑𝑥− 2𝑥𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑥 − 2𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑦 = 𝑒−∫−2𝑥 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−2𝑥𝑑𝑥 (𝑐𝑜𝑠𝑥 − 2𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥2[∫ 𝑒𝑥
−2(𝑐𝑜𝑠𝑥 − 2𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥2[∫ 𝑒𝑥
−2𝑐𝑜𝑠𝑥𝑑𝑥 − ∫𝑒𝑥
−22𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥2[𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑒𝑥
−2+∫𝑒𝑥
−22𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑑𝑥 − ∫𝑒𝑥
−22𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑦 = 𝑒𝑥2[𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑒𝑥
−2+ 𝑐 ]
𝑦 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑒𝑥2𝑐
15- 𝑑𝑦
𝑑𝑥=
1
𝑒𝑦−𝑥
𝑑𝑥
𝑑𝑦+ 𝑥 = 𝑒𝑦
𝑥 = 𝑒−∫𝑑𝑦[∫ 𝑒∫𝑑𝑦 (𝑒𝑦) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−𝑦[∫ 𝑒𝑦 (𝑒𝑦) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−𝑦[∫ 𝑒2𝑦 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑥 = 𝑒−𝑦[𝑒2𝑦
2+ 𝑐 ]
𝑥 =𝑒𝑦
2+ 𝑒−𝑦𝑐
II.Ecuaciones de bernoulli:
1- 𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦 = 𝑥𝑦5 multiplicando por 𝑦−5 𝑦−5
𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦−4 = 𝑥
multiplicando por -4 -4𝑦−5𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦−4 = 𝑥
tomando 𝑦−4 = 𝑧 −4𝑦−5𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma : 𝑑𝑧
𝑑𝑥+ 4𝑧 = −4𝑥
𝑧 = 𝑒−∫4𝑑𝑥[∫ 𝑒∫4𝑑𝑥 (−4𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−4𝑥[∫ 𝑒4𝑥 (−4𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−4𝑥[𝑒4𝑥
4− 𝑥𝑒4𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 =1
4− 𝑥 + 𝑐𝑒−4𝑥
𝑦−4 =1
4− 𝑥 + 𝑐𝑒−4𝑥
2- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑥𝑦 + 𝑥𝑦4 = 0
𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑥𝑦 = −𝑥𝑦4 multiplicando por 𝑦−4
𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑥𝑦−3 = −𝑥 multiplicando por -3 −3
𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥− 6𝑥𝑦−3 = −3𝑥
Tomando 𝑦−3 = 𝑧 −3𝑦−4𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥− 6𝑥𝑧 = −3𝑥
𝑧 = 𝑒−∫−6𝑥 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−6𝑥𝑑𝑥 (−3𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒3𝑥[∫ 𝑒−3𝑥 (−3𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒3𝑥[𝑒−3𝑥 +𝑒−3𝑥
3+ 𝑐 ]
𝑧 = 1 +1
3+ 𝑒3𝑥𝑐
𝑦−3 = 1 +1
3+ 𝑒3𝑥𝑐
3- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+
1
3𝑦 =
1
3(1 − 2𝑥)𝑦4 multiplicando por 𝑦−4
𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥+
1
3𝑦−3 =
1
3(1 − 2𝑥) multiplicando
por -3 −3𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦−3 = (2𝑥 − 1)
Tomando 𝑦−3 = 𝑧 −3𝑦−4𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥− 𝑧 = 2𝑥 − 1
𝑧 = 𝑒−∫−1𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−1𝑑𝑥 (2𝑥 − 1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑥[∫ 𝑒−𝑥 (2𝑥 − 1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑥[2𝑒−𝑥𝑥 − 𝑒−𝑥 + 𝑐 ] 𝑧 = 2𝑥 − 1 + 𝑒𝑥𝑐 𝑦−3 = 2𝑥 − 1 + 𝑒𝑥𝑐
4- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦 = 𝑦2(𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑥) multiplicando por 𝑦−2
𝑦−2𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦−1 = (𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑥)
multiplicando por -1 −𝑦−2𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦−1 = (𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥)
tomando 𝑦−1 = 𝑧 −𝑦−2𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥− 𝑧 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑧 = 𝑒−∫−1𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−1𝑑𝑥 (𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑥[∫ 𝑒−𝑥 (𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑥[−𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐 ] 𝑧 = −𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑒𝑥𝑐 𝑦−1 = −𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑒𝑥𝑐
5- 𝑥𝑑𝑦 − [𝑦 + 𝑥𝑦3(1 + 𝑙𝑛𝑥)]𝑑𝑥 = 0 𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦𝑥−1 = 𝑦3(1 + 𝑙𝑛𝑥) multiplicando por 𝑦−3
𝑦−3𝑑𝑦
𝑑𝑥− 𝑦−2𝑥−1 = 1 + 𝑙𝑛𝑥 multiplicando por −2
−2𝑦−3𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 2𝑦−2𝑥−1 = −2 − 2𝑙𝑛𝑥
tomando 𝑦−2 = 𝑧 −2𝑦−3𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥+ 2𝑧𝑥−1 = −2 − 2𝑙𝑛𝑥
𝑧 = 𝑒−∫2𝑥−1 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫2𝑥
−1 𝑑𝑥 (−2 − 2𝑙𝑛𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−2𝑙𝑛𝑥[∫ 𝑒2𝑙𝑛𝑥 (−2 − 2𝑙𝑛𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥−2[∫ 𝑥2 (−2 − 2𝑙𝑛𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥−2[−2(𝑥3
3(1 + 𝑙𝑛𝑥) −
𝑥3
9) + 𝑐 ]
𝑧 = −2𝑥(1 + 𝑙𝑛𝑥)
3+2𝑥
9+ 𝑐𝑥−2
𝑦−2 = −2𝑥(1 + 𝑙𝑛𝑥)
3+2𝑥
9+ 𝑐𝑥−2
6- 2𝑥𝑑𝑦 + 2𝑦𝑑𝑥 = 𝑥𝑦3𝑑𝑥 𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦𝑥−1 =
𝑦3
2 multiplicando por 𝑦−3
𝑦−3𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦−2𝑥−1 =
1
2 multiplicando por −2
−2𝑦−3𝑑𝑦
𝑑𝑥− 2𝑦−2𝑥−1 = −1
tomando 𝑦−2 = 𝑧 −2𝑦−3𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥− 2𝑧𝑥−1 = −1
𝑧 = 𝑒−∫−2𝑥−1𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−2𝑥
−1𝑑𝑥 (−1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒2𝑙𝑛𝑥[∫ 𝑒−2𝑙𝑛𝑥 (−1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥2[∫ 𝑥−2 (−1) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥2[𝑥−1 + 𝑐 ] 𝑦−2 = 𝑥 + 𝑥2𝑐
7- 𝑑𝑦
𝑑𝑥=
𝑥
𝑦𝑥2 + 𝑦3
𝑑𝑥
𝑑𝑦− 𝑥𝑦 = 𝑦3𝑥−1 multiplicando por 𝑥
𝑥𝑑𝑥
𝑑𝑦− 𝑥2𝑦 = 𝑦3
multiplicando por 2 2𝑥𝑑𝑥
𝑑𝑦− 2𝑥2𝑦 = 2𝑦3 tomando 𝑥2 = 𝑧 2𝑥𝑑𝑥 = 𝑑𝑧
entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑦− 2𝑧𝑦 = 2𝑦3
𝑧 = 𝑒−∫−2𝑦𝑑𝑦[∫ 𝑒∫−2𝑦𝑑𝑦 (2𝑦3) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑦2[∫ 𝑒−𝑦
2(2𝑦3) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑦2[−𝑦2𝑒−𝑦
2− 𝑒−𝑦
2+ 𝑐 ]
𝑥2 = −𝑦2 − 1 + 𝑒𝑦2𝑐
8- 𝑦2(𝑦6 − 𝑥2)𝑦` = 2𝑥 𝑑𝑥
𝑑𝑦+
𝑦2
2𝑥 =
𝑦8
2𝑥−1 multiplicando por 𝑥
𝑥𝑑𝑥
𝑑𝑦+
𝑦2
2𝑥2 =
𝑦8
2
multiplicando por 2 2𝑥𝑑𝑥
𝑑𝑦+ 𝑦2𝑥2 = 𝑦8 tomando 𝑥2 = 𝑧 2𝑥𝑑𝑥 = 𝑑𝑧
entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑦+ 𝑦2𝑧 = 𝑦8
𝑧 = 𝑒−∫𝑦2 𝑑𝑦[∫ 𝑒∫𝑦
2𝑑𝑦 (𝑦8) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−𝑦3
3 [∫ 𝑒𝑦3
3 (𝑦8) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−𝑦3
3 [9 (𝑦6
9− 2
𝑦3
3+ 2) 𝑒
𝑦3
3 + 𝑐 ]
𝑥2 = 𝑦6 − 6𝑦3 + 18 + +18 𝑒−𝑦3
3 𝑐
9- 𝑦𝑑𝑥 + (𝑥 −𝑥3𝑦
2) 𝑑𝑦 = 0
𝑑𝑥
𝑑𝑦+
1
𝑦𝑥 =
𝑥3
2 multiplicando por 𝑥−3
𝑥−3𝑑𝑥
𝑑𝑦+
1
𝑦𝑥−2 =
1
2
multiplicando por -2 2𝑥−3𝑑𝑥
𝑑𝑦+
2
𝑦𝑥−2 = 1 tomando 𝑥−2 = 𝑧 −2𝑥−3𝑑𝑥 = 𝑑𝑧
entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑦−
2
𝑦𝑧 = −1
𝑧 = 𝑒−∫−
2𝑦𝑑𝑦[∫ 𝑒
∫−2𝑦𝑑𝑦(−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒2𝑙𝑛𝑦[∫ 𝑒−2𝑙𝑛𝑦 (−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑦2[∫𝑦−2 (−1) 𝑑𝑦 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑦2[𝑦−1 + 𝑐 ] 𝑥−2 = 𝑦1 + 𝑦2𝑐
10- 3𝑥𝑑𝑦 = 𝑦(1 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 − 3𝑦3𝑠𝑒𝑛𝑥)𝑑𝑥 𝑑𝑦
𝑑𝑥−
1+𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
3𝑥𝑦 = −
𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥𝑦4 multiplicando por 𝑦−4
𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥−
1+𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
3𝑥𝑦−3 = −
𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥 multiplicando por -3
−3𝑦−4𝑑𝑦
𝑑𝑥+
1+𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥𝑦−3 = 3
𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥
tomando 𝑦−3 = 𝑧 −3𝑦−4𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥+1 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥𝑧 = 3
𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥
𝑧 = 𝑒−∫1+𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥𝑑𝑥[∫ 𝑒∫
1+𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥𝑥
𝑑𝑥 (3𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥)𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒𝑙𝑛𝑥+𝑐𝑜𝑠𝑥[∫ 𝑒𝑙𝑛𝑥−𝑐𝑜𝑠𝑥 (3𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 =𝑒𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑥[3∫𝑒−𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 =𝑒𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑥[3𝑒−𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐 ]
𝑦−3 =3
𝑥+
𝑐𝑒𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑥
11- 3𝑥𝑑𝑦
𝑑𝑥− 2𝑦 =
𝑥3
𝑦2
𝑑𝑦
𝑑𝑥−
2𝑦
3𝑥=
𝑥2
3𝑦2 multiplicando por 𝑦2
𝑦2𝑑𝑦
𝑑𝑥−
2 𝑦3
3𝑥=
𝑥2
3
multiplicando por 3 3 𝑦2𝑑𝑦
𝑑𝑥−
2 𝑦3
𝑥= 𝑥2 tomando 𝑦3 = 𝑧 3𝑦2𝑑𝑦 = 𝑑𝑧
entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥−
2
𝑥𝑧 = 3𝑥2
𝑧 = 𝑒−∫−2𝑥𝑑𝑥[∫ 𝑒∫−
2𝑥𝑑𝑥 (3𝑥2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒2𝑙𝑛𝑥[∫ 𝑒−2𝑙𝑛𝑥 (3𝑥2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥2[∫ 𝑥−2 (3𝑥2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑥2[𝑥 + 𝑐 ] 𝑦3 = 𝑥3 + 𝑐𝑥2
12- (2𝑥𝑦3 − 𝑦)𝑑𝑥 + 2𝑥𝑑𝑦 = 0 𝑑𝑦
𝑑𝑥−
1
2𝑥𝑦 = −𝑦3 multiplicando por 𝑦−3 𝑦−3
𝑑𝑦
𝑑𝑥−
1
2𝑥𝑦−2 = −1 multiplicando por -2 −2𝑦−3
𝑑𝑦
𝑑𝑥+
1
𝑥𝑦−2 = 2
tomando 𝑦−2 = 𝑧 −2𝑦−3𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥+1
𝑥𝑧 = 2
𝑧 = 𝑒−∫1𝑥𝑑𝑥[∫ 𝑒∫
1𝑥𝑑𝑥 (2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−𝑙𝑛𝑥[∫ 𝑒𝑙𝑛𝑥 (2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 =1
𝑥[∫𝑥 (2) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 =1
𝑥[𝑥2 + 𝑐 ]
𝑦−2 = 𝑥 + 1
𝑥𝑐
13- 2𝑦𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑦2𝑐𝑡𝑔𝑥 = 𝑐𝑠𝑐𝑥
𝑑𝑦
𝑑𝑥+
𝑐𝑡𝑔𝑥
2𝑦 =
𝑐𝑠𝑐𝑥
2𝑦−1 multiplicando por 𝑦
𝑦𝑑𝑦
𝑑𝑥+
𝑐𝑡𝑔𝑥
2𝑦2 =
𝑐𝑠𝑐𝑥
2 multiplicando por 2
2𝑦𝑑𝑦
𝑑𝑥+ 𝑐𝑡𝑔𝑥𝑦2 = 𝑐𝑠𝑐𝑥
tomando 𝑦2 = 𝑧 2𝑦𝑑𝑦 = 𝑑𝑧 entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥+ 𝑐𝑡𝑔𝑥𝑧 = 𝑐𝑠𝑐𝑥
𝑧 = 𝑒−∫𝑐𝑡𝑔𝑥 𝑑𝑥[∫ 𝑒∫𝑐𝑡𝑔𝑥𝑑𝑥 (𝑐𝑠𝑐𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒−ln (𝑠𝑒𝑛𝑥)[∫ 𝑒ln (𝑠𝑒𝑛𝑥) (𝑐𝑠𝑐𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑐𝑠𝑐𝑥[∫ 𝑠𝑒𝑛𝑥 (𝑐𝑠𝑐𝑥) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑐𝑠𝑐𝑥[𝑥 + 𝑐 ] 𝑦2 = 𝑥. 𝑐𝑠𝑐𝑥 + 𝑐. 𝑐𝑠𝑐𝑥
14- 𝑑𝑦
𝑑𝑥+
𝑦
𝑥+1= −
1
2(𝑥 + 1)3𝑦2 multiplicando por 𝑦−2
𝑦−2𝑑𝑦
𝑑𝑥+
𝑦−1
𝑥+1= −
1
2(𝑥 + 1)3
multiplicando por -1 −𝑦−2𝑑𝑦
𝑑𝑥−
𝑦−1
𝑥+1=
1
2(𝑥 + 1)3 tomando 𝑦−1 = 𝑧 −𝑦−2𝑑𝑦 = 𝑑𝑧
entonces la ecuación tomaría la siguiente forma: 𝑑𝑧
𝑑𝑥−
𝑧
𝑥+1=
1
2(𝑥 + 1)3
𝑧 = 𝑒−∫− 1𝑥+1
𝑑𝑥[∫ 𝑒∫− 1𝑥+1
𝑑𝑥 (1
2(𝑥 + 1)3) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = 𝑒ln (𝑥+1)[∫ 𝑒−ln (𝑥+1) (1
2(𝑥 + 1)3) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = (𝑥 + 1)[∫1
(𝑥 + 1)(1
2(𝑥 + 1)3) 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = (𝑥 + 1)[1
2∫(𝑥 + 1)2 𝑑𝑥 + 𝑐 ]
𝑧 = (𝑥 + 1)[1
6(𝑥 + 1)3 + 𝑐 ]
𝑦−1 =1
6(𝑥 + 1)4 + (𝑥 + 1)𝑐
I.Indendencia lineal de funciones:
En cada uno de los casos, averiguar si las funciones dadas son o no, linealmente independiente.( por
definición algebraica ).
1- 𝑓1(𝑥)= 𝑒𝑥 , 𝑓2(𝑥)= 𝑒
−𝑥 de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) = 0
∝1 𝑒𝑥 + ∝2 𝑒
−𝑥 = 0 …(1) Derivando ∝1 𝑒𝑥 − ∝2 𝑒
−𝑥 = 0 …(2)
Sumando (1)+(2) : 2 ∝1 𝑒𝑥 = 0 ∝1 = 0 y ∝2 = 0 ; entonces son linealmente independiente
𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥) .
2- 𝑓1(𝑥)= 𝑒𝑥 , 𝑓2(𝑥)= 2𝑒
𝑥 , 𝑓3(𝑥)= 𝑒−𝑥 de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) + ∝3 𝑓3(𝑥) = 0
∝1 𝑒𝑥 + 2 ∝2 𝑒
𝑥 + ∝3 𝑒−𝑥 = 0… (1) Derivando ∝1 𝑒
𝑥 + 2 ∝2 𝑒𝑥 − ∝3 𝑒
−𝑥 = 0 …(2)
Sumando (1)-(2) : 2 ∝3 𝑒−𝑥 = 0 ∝3 = 0 y ∝1= −2 ∝2 ; entonces no son linealmente
independiente 𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥), 𝑓3(𝑥) 3- 𝑓1(𝑥) = 𝑥 , 𝑓2(𝑥) = 2𝑥 , 𝑓3(𝑥) = 𝑥
2 de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) + ∝3 𝑓3(𝑥) = 0
∝1 𝑥 + 2 ∝2 𝑥 +∝3 𝑥2 = 0 Derivando ∝1+ 2 ∝2+ 2 ∝3 𝑥 = 0 Derivando
2 ∝3= 0 ∝3= 0 y ∝1= −2 ∝2 ; entonces no son linealmente independiente 𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥), 𝑓3(𝑥) .
4- 𝑓1(𝑥) = 𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥), 𝑓2(𝑥) = cos (𝑎𝑥) de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) = 0
∝1 𝑠𝑒𝑛(𝑎𝑥) + ∝2 cos (𝑎𝑥) = 0 Derivando 𝑎 ∝1 𝑐𝑜𝑠(𝑎𝑥) − 𝑎 ∝2 sen (𝑎𝑥) = 0
∝12= −∝2
2 ; entonces no son linealmente independiente 𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥) .
5- 𝑓1(𝑥) = 1 , 𝑓2(𝑥) = 𝑥 , 𝑓3(𝑥) = 𝑥2 de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) + ∝3 𝑓3(𝑥) = 0
∝1+ ∝2 𝑥 +∝3 𝑥2 = 0 Derivando ∝2+ 2 ∝3 𝑥 = 0 Derivando 2 ∝3= 0
∝3= 0 , ∝2= 0 𝑦 ∝1= 0 ; entonces son linealmente independiente 𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥), 𝑓3(𝑥) .
6- 𝑓1(𝑥) = 𝑒𝑎𝑥 𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥), 𝑓2(𝑥) = 𝑒
𝑎𝑥 cos (𝑏𝑥) de la forma ∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) = 0
∝1 𝑒𝑎𝑥 𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥) + ∝2 𝑒
𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) = 0 Derivando
(𝑎 ∝1− 𝑏 ∝2)𝑒𝑎𝑥 𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥) + (𝑏 ∝1+ 𝑎 ∝2)𝑒
𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) = 0 2𝑏 ∝1 ∝2= 𝑎(∝12− ∝2
2) Como ∝1
2= −∝22 entonces : 𝑏 ∝2= 𝑎 ∝1 ; entonces no son linealmente independiente
𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥)..
7- 𝑓1(𝑥)= 𝑒𝑎𝑥 , 𝑓2(𝑥)= 𝑒
𝑏𝑥 , 𝑓3(𝑥)= 𝑒𝑐𝑥 , 𝑎 ≠ 𝑏 ≠ 𝑐 de la forma
∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) + ∝3 𝑓3(𝑥) = 0 𝑒𝑎𝑥 ∝1+ 𝑒𝑏𝑥 ∝2+ 𝑒
𝑐𝑥 ∝3= 0
𝑒(𝑎−𝑐)𝑥 ∝1+ 𝑒(𝑏−𝑐)𝑥 ∝2+ ∝3= 0 derivando (𝑎 − 𝑐)𝑒(𝑎−𝑐)𝑥 ∝1+ (𝑏 − 𝑐)𝑒
(𝑏−𝑐)𝑥 ∝2= 0
∝3= 0 , (𝑎 − 𝑐)𝑒(𝑎−𝑏)𝑥 ∝1+ (𝑏 − 𝑐) ∝2= 0 , ∝2= 0 ; derivando
(𝑎 − 𝑏) (𝑎 − 𝑐)𝑒(𝑎−𝑏)𝑥 ∝1= 0, ∝1= 0 ; entonces son linealmente independiente
𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥), 𝑓3(𝑥).
8- 𝑓1(𝑥) = 𝑙𝑛𝑥 , 𝑓2(𝑥) = 𝑥. 𝑙𝑛𝑥 , 𝑓3(𝑥) = 𝑥2. 𝑙𝑛𝑥 de la forma
∝1 𝑓1(𝑥) + ∝2 𝑓2(𝑥) + ∝3 𝑓3(𝑥) = 0 𝑙𝑛𝑥 ∝1+ 𝑥. 𝑙𝑛𝑥 ∝2+ 𝑥2. 𝑙𝑛𝑥 ∝3= 0
Derivando 1
𝑥∝1+ 𝑙𝑛𝑥 ∝2+ ∝2+ 2𝑥. 𝑙𝑛𝑥 ∝3+ 𝑥 ∝3= 0 , ∝2= 0
Derivando −1
𝑥2∝1+ 2𝑙𝑛𝑥 ∝3+ 2 ∝3+ ∝3= 0 , ∝3= 0 y ∝1= 0
entonces son linealmente independiente 𝑓1(𝑥), 𝑓2(𝑥), 𝑓3(𝑥).
II. Wronskiano; hallar el wronskiano de los siguientes conjuntos de funciones:
1- 1, 𝑥, 𝑥2, … , 𝑥𝑛−1 𝑛 > 1
Generalizando :
para 1, 𝑥 ∶ para 1, 𝑥, 𝑥2 : para 1, 𝑥, 𝑥2, 𝑥3 ∶
|1 𝑥0 1
| = 1 (1 𝑥 𝑥2
0 1 2𝑥0 0 2
) = 2 (
1 x 𝑥2 𝑥3
0 1 2x 3 𝑥2
0 0 2 6x0 0 0 6
) = 12
Entonces :
(1 ⋯ 𝑥𝑛−1
⋮ ⋱ ⋮0 ⋯ (n − 1)!
)= 0! 1! …(n-1)! = W
2- 𝑒𝑚𝑥 , 𝑒𝑛𝑥 𝑚, 𝑛 ∈ 𝑍 ⋀ 𝑚 ≠ 𝑛
|𝑒𝑚𝑥 𝑒𝑛𝑥
𝑚𝑒𝑚𝑥 𝑛𝑒𝑛𝑥 | = (𝑛 − 𝑚)𝑒(𝑚+𝑛)𝑥 = 𝑊
3- 𝑠𝑒𝑛(ℎ𝑥), cos (ℎ𝑥)
|𝑠𝑒𝑛(ℎ𝑥) cos (ℎ𝑥)
cos (ℎ𝑥) 𝑠𝑒𝑛(ℎ𝑥)| = 𝑠𝑒𝑛(ℎ𝑥)2 − cos (ℎ𝑥)2 = −1 = W
4- 𝑥 , 𝑥𝑒𝑥
|𝑥 𝑥𝑒𝑥
1 𝑥𝑒𝑥 + 𝑒𝑥 | = 𝑥2𝑒𝑥 + 𝑥𝑒𝑥 − 𝑥𝑒𝑥 = 𝑥2𝑒𝑥 = 𝑊
5- 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥, 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
|𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥|
= 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥(𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥) − 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥(𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥) = −𝑒2𝑥 = 𝑊
6- 1 + cos(2𝑥) , (𝑐𝑜𝑠𝑥)2
|1 + cos(2𝑥) (𝑐𝑜𝑠𝑥)2
−2𝑠𝑒𝑛(2𝑥) −cos (2𝑥)| = − cos(2𝑥) − cos(2𝑥)2 + (𝑐𝑜𝑠𝑥)22𝑠𝑒𝑛(2𝑥) = 0 = 𝑊
7- 𝑒−𝑥 , 𝑥𝑒−𝑥
|𝑒−𝑥 𝑥𝑒−𝑥
−𝑒−𝑥 𝑒−𝑥 − 𝑥𝑒−𝑥| = 𝑒−𝑥(𝑒−𝑥 − 𝑥𝑒−𝑥) + 𝑥𝑒−2𝑥 = 𝑒−2𝑥 = 𝑊
8- 1, 𝑒−𝑥 , 2𝑒2𝑥
(1 𝑒−𝑥 2𝑒2𝑥
0 −𝑒−𝑥 4𝑒2𝑥
0 𝑒−𝑥 8𝑒2𝑥) = −8𝑒𝑥 − 4𝑒𝑥 = −12𝑒𝑥 = 𝑊
9- 2, cos(𝑥) , cos(2𝑥)
(
2 cos(𝑥) cos(2𝑥)
0 −sen(x) −2 sen(2𝑥)
0 −cos (x) −4cos(2𝑥)) = 2sen(x) 4cos(2𝑥) + 2 cos(x) cos(2𝑥) = −8(𝑠𝑒𝑛𝑥)3 = 𝑊
10- - 𝑒−3𝑥𝑠𝑒𝑛(2𝑥), 𝑒−3𝑥 cos(2𝑥)
|𝑒−3𝑥𝑠𝑒𝑛(2𝑥) 𝑒−3𝑥 cos(2𝑥)
−3𝑒−3𝑥𝑠𝑒𝑛(2𝑥) + 2cos (2𝑥)𝑒−3𝑥 −3𝑒−3𝑥 cos(2𝑥) − 2𝑠𝑒𝑛(2𝑥)𝑒−3𝑥|
= 𝑒−3𝑥𝑠𝑒𝑛(2𝑥)(−3𝑒−3𝑥 cos(2𝑥) − 2𝑠𝑒𝑛(2𝑥)𝑒−3𝑥)− 𝑒−3𝑥 cos(2𝑥) (−3𝑒−3𝑥𝑠𝑒𝑛(2𝑥) + 2 cos(2𝑥) 𝑒−3𝑥) = −2𝑒−6𝑥 = 𝑊
III.Mediante el wronskiano, demostrar que cada uno de los siguientes conjuntos de funciones son
linealmente independientes:
1- 𝑙𝑛𝑥, 𝑥𝑙𝑛𝑥
|𝑙𝑛𝑥 𝑥𝑙𝑛𝑥1
x1 + lnx| = lnx + lnx2 − lnx = lnx2 ≠ 0 entonces las funciones : 𝑙𝑛𝑥, 𝑥𝑙𝑛𝑥 son
linealmente independientes.
2- 1, 𝑒−𝑥 , 2𝑒2𝑥
(1 𝑒−𝑥 2𝑒2𝑥
0 −𝑒−𝑥 4𝑒2𝑥
0 𝑒−𝑥 8𝑒2𝑥) = −8𝑒𝑥 − 4𝑒𝑥 = −12𝑒𝑥 ≠ 0 entonces las funciones : 1, 𝑒−𝑥 , 2𝑒2𝑥 son
linealmente independientes.
3- 𝑥1/2, 𝑥1/3
|𝑥1/2 𝑥1/3
𝑥−1/2
2
𝑥−2/3
3
| =𝑥−
23
3(𝑥
12) − (
𝑥−12
2)(𝑥
13) = −
𝑥−16
6≠ 0 para x ≠ 0
entonces las funciones : 𝑥1/2, 𝑥1/3 son linealmente independientes.
4- 𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥), 𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) 𝑏 ≠ 0
|𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥) 𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥)
a𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥) + 𝑏𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) 𝑎𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) − 𝑏𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥)| =
𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥)(𝑎𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) − 𝑏𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥)) − 𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) (a𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥) + 𝑏𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥)) =−𝑏𝑒2𝑎𝑥 ≠ 0 entonces las funciones :
𝑒𝑎𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑏𝑥), 𝑒𝑎𝑥 cos(𝑏𝑥) son linealmente independientes.
5- 1 , (𝑠𝑒𝑛𝑥)2, 1 − 𝑐𝑜𝑠𝑥
(1 (𝑠𝑒𝑛𝑥)2 1 − 𝑐𝑜𝑠𝑥
0 sen(2x) senx0 2cos (2x) cosx
) = sen(2x)cosx − 2 cos(2x) senx = 2(senx)3 ≠ 0 ,para 𝑥 ≠ 0
entonces las funciones : 1 , (𝑠𝑒𝑛𝑥)2, 1 − 𝑐𝑜𝑠𝑥 son linealmente independientes.
6- ln(𝑥 − 1) − ln(𝑥 + 1) , 1
|ln(𝑥 − 1) − ln(𝑥 + 1) 1
1
𝑥 − 1−
1
𝑥 + 10| = 0 −
1
𝑥 − 1+
1
𝑥 + 1=
−2
𝑥2 − 1 ≠ 0 , para x ≠ 1
entonces las funciones : ln(𝑥 − 1) − ln(𝑥 + 1) , 1 son linealmente independientes.
7- √1 − 𝑥2 2
, 𝑥
|√1 − 𝑥2 2
𝑥
−𝑥(1 − 𝑥2 )−1/2 1| = √1 − 𝑥2
2+ 𝑥2(1 − 𝑥2 )−1/2 = (1 − 𝑥2 )−1/2 ≠ 0 , 𝑝𝑎𝑟𝑎 𝑥 ≠ 1
entonces las funciones : √1 − 𝑥2 2
, 𝑥 son linealmente independientes.
8- 𝑠𝑒𝑛 (𝑥
2) , (𝑐𝑜𝑠𝑥)2
|𝑠𝑒𝑛 (
𝑥
2) (𝑐𝑜𝑠𝑥)2
1
2cos (
x
2) −sen(2x)
| = −sen(2x)𝑠𝑒𝑛 (𝑥
2) − (𝑐𝑜𝑠𝑥)2
1
2cos (
x
2) ≠ 0
entonces las funciones : 𝑠𝑒𝑛 (𝑥
2) , (𝑐𝑜𝑠𝑥)2 son linealmente independientes.
9- 𝑥2 , 𝑥4 , 𝑥8
(𝑥2 𝑥4 𝑥8
2x 4x3 8x7
2 12x2 56x6) = 224x11 + 24x11 + 16x11 − 8x11 − 96x11 − 112x11 = 48x11 ≠ 0
𝑝𝑎𝑟𝑎 𝑥 ≠ 0 entonces las funciones : 𝑠𝑥2 , 𝑥4 , 𝑥8 son linealmente independientes.
10- 𝑒𝑥 , 𝑥𝑒𝑥 , 𝑥2𝑒𝑥
(𝑒𝑥 𝑥𝑒𝑥 𝑥2𝑒𝑥
𝑒𝑥 𝑥𝑒𝑥 + 𝑒𝑥 𝑥2𝑒𝑥 + 2𝑥𝑒𝑥
𝑒𝑥 𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥 𝑥2𝑒𝑥 + 4𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥) =
𝑒𝑥(𝑥𝑒𝑥 + 𝑒𝑥)(𝑥2𝑒𝑥 + 4𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥) + 𝑒𝑥(𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥)𝑥2𝑒𝑥 + 𝑒𝑥𝑥𝑒𝑥(𝑥2𝑒𝑥 + 2𝑥𝑒𝑥) −𝑒𝑥(𝑥𝑒𝑥 + 𝑒𝑥)𝑥2𝑒𝑥−𝑒𝑥(𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥)(𝑥2𝑒𝑥 + 2𝑥𝑒𝑥) − 𝑒𝑥𝑥𝑒𝑥(𝑥2𝑒𝑥 + 4𝑥𝑒𝑥 + 2𝑒𝑥) = 2𝑒3𝑥
entonces las funciones : 𝑒𝑥 , 𝑥𝑒𝑥 , 𝑥2𝑒𝑥 son linealmente independientes.
IV) DEMOSTRAR QUE LAS FUNCIONES SON L.I. Y SU WRONSKIANO ES CERO
(GRAFICARLOS)
1) SI XE [ -1,0] 1 f1 (X) + 2 f2 (X) = 0
1 X2 + 2 0 = 0 1 = 0
SI XE [0, 1] → 1 f, (X) + 2 f2 (X) = 0
→ 0 + 2 X2 = 0 2 = 0
UROSKIANO EN [-1,0]
X2 0
2X 0
UROSKIANO EN [0,1]
= 0 =
f1 y P2 Son
L.I.
0 X2
0 2X
2) SI XE [0, 2] → 1 f1 (X) + 2 f2 (X) = 0
1 0 + 2 (X-2)2 = 0 ∝2 = 0
Si XE [2, 4] → 1 f1 (0) + 2 f2 (X) = 0
1 (X-2)2 + 0 = 0 ∝1 = 0
WROSKIANO EN [-0,2]
0 (X-2)2
0 2(X-2)
WROSKIANO EN [2,4]
(X-2)2 0
2(X-2) 0
3) SI XE [-2, 0] → 1 f1 (X) + 2 f2 (X) = 0
1 X3 + 2 0 = 0 ∝1 = 0
SI XE [0, 1] → 1 f1 (X) + 2 f2 (X) = 0
0 + 2 X2 = 0 2 = 0
WROSKIANO EN [-2,0]
X3 0
3 X2 0
UROSKIANO EN [0,1]
0 X2
0 2X
X -1 < x < 0 -X2 -1 < x < 0
X2 0 < x < 1 X2 𝑿𝟐 0 < x < 1
= 0 =
= 0
= 0
W=
W=
4
-
0 2 4
= 0 W=
= 0 W=
f2 (X)
=
4)
f1=
f1 y P2
Son
L.I.
P1 y P2 son L.I.
-2 0 1
-8
1 0 -3
2
SI XE [-1,0] 1 X2 - 2 X2 = 0 (X) = 0
1 X2 + 2 0 = 0 1 = 0
SI XE [0, 1] → 1 f, (X) + 2 f2 (X) = 0 f1 y P2
→ 0 + 2 X2 = 0 2 = 0 son L.I.
UROSKIANO EN [-2,0]
X3 0
3 X2 0
UROSKIANO EN [0,1]
0 X2
0 2X
V) DEMOSTRACIONES
1)
2
2 2
1 2
2 0
22 1
1
x x
r r
rr r
r
yg C e C e
3) 4 3 2
3 5 2 0r r r r
3
1 2 3
2
1 2 3
2
4 2
1 3 2 0
1 2 1 0
1, 2, 1
x x x
x x
r r r
r r r
r r r
yg C e C e C e
yg C e C e
PRACTICA # 7
1 0
-3 2 0
1 -1 -3
5
-2
r=1
=
0
W=
=
0 W=
-1
-1
-1 -1
I) Ecuaciones diferenciales Lineales Homogeneas
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales.
A) Raíces reales distintas:
1) y’’ + 2y’ – 15y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + 2r – 15 = 0 r1= 3, r2= -5
Solución general:
y = c1e3x + c2e-5x
2) y’’’ + y’’ – 2y’ = 0
Sol:
Sea: P(r) = r3 + r2 – 2r = 0 r1= 0, r2= -2, r3=1
Solución general:
y = c1 + c2e-2x + c3ex
3) y’’ – y =0
Sol:
Sea: P(r) = r2 - 1 = 0 r1= 1, r2= -1
Solución general:
y = c1ex + c2e-x
4) y’’ + y’ – 6y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + r - 6 = 0 r1= 2, r2= -3
Solución general:
y = c1e2x + c2e-3x
5) y’’ – 3y’ + 2y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 - 3r + 2 = 0 r1= - 2, r2= -1
Solución general:
y = c1e-2x + c2e-x
6) y’’’ – 2y’’ – y’ + 2y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r3 - 2r2 – r + 2 = 0 r1= 2, r2= -1,r3= 1
Solución general:
y = c1e2x + c2e-x + c3ex
7) y’’’ – 6y’’ + 11y’ – 6y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r3 - 6r2 + 11r - 6 = 0 r1= 6, r2= -1, r3= 1
Solución general:
y = c1e6x + c2e-x + c3ex
8) y’’’ – y’’ – 12y’ = 0
Sol:
Sea: P(r) = r3 - r2 - 12r = 0 r1= 0, r2= -3, r3= 4
Solución general:
y = c1 + c2e-3x + c3e4x
9) y’’ – 4y’ + y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 - 4r + 1 = 0 r1= 2 + √3i
2, r2= 2 -
√3i
2
Solución general:
y = c1e2xcos√3i
2 + c2e2xsen(-
√3i
2)
10) 2y’’’ – 7y’ – 2y = 0
Sol:
Sea: P(r) = 2r3 - 7r - 2 = 0 r1= -1 + √2
2 r2= -1 -
√2
2,r3= 2
Solución general:
y = c1e-1 - √2
2x + c2e-1 +
√2
2 x + c3e2x
A) Raíces múltiples
1. 0´3"3´´´ yyyy
Ecuación característica
3
1
0)1(0133323
dadmúltiplicideecuaciónladeRaíces
La solución general es:
xxxexCexCeCy
2
321
3. 04119 yyyyIyIIIIIIV
Ecuación característica:
3
4
1
0)4()1(0411933234
dadmultipliciladeRaíz
1 -1 -9 -11 -4
-1 -1 2 7 4
-1
1
-2
-1
-7
3
-4
4 0
-1
1
-3
-1
-4
4
0
1 -4 0
La solución general es: xxxx
eCexCexCeCy4
4
2
321
5. 08126 IIIIIIV
yyyy
Ecuación característica
32
0
0)1(0)8126(323
dadmultiplicideRaíz
1 -6 +12 -8
1 2 -8 8
2
1
-4
2
4
-4
0
1 -2 0
La solución general es: xxx
exCexCeCCy22
4
2
3
2
21
7. 033 yyyyIIIIII
Ecuación característica
3
1
0)1(0133323
dadmultiplicideRaíz
La solución general es: xxx
exCexCeCy
2
321
9. 0168 yyyIIIV
Ecuación característica
2
22
0)2()2(4
0)2)(2)(2)(2(4
0)4()4(0168
222
2
2224
dadmultiplicideRaíz
dadmultiplicideRaíz
La solución general es: xxxx
xeCxCexCeCy2
4
2
3
2
2
2
1
B) Raíces complejas :
1) y’’ + y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + 1 = 0 r1= i , r2 = -i
Solución general
y = c1cosx + c2senx
2) y’’ – 2y’ + 10y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 – 2r + 10 = 0 r1= −1 + √39 i
2, r2 =
−1− √39 i
2
Solución general
y = c1 e-x/2cos √39
2x + c2 e-x/2 sen
√39
2x
3) y’’ + 4y’ = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + 4r = 0 r1= 0, r2 = - 4
Solución general
y = c1 + c2 e-4x
4) y’’ + 25y’ = 0
sol:
Sea: P(r) = r2 + 25r = 0 r1= −1 + √3 i
2, r2 =
−1− √39 i
2Solución general y = c1 + c2 e-25x
5) y’’ – 4y’ + 13y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + 4r = 0 r1= 2 + 3i, r2 = 2 – 3i
Solución general
y = c1e2xcos3x + c2 e2xsen3x
6) y’’ + y’ + y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + r + 1 = 0 r1= −1 + √3 i
2, r2 =
−1− √3 i
2
Solución general
y = c1e-x/2cos √3
2, x + c2 e-x/2sen
√3
2, x
7) y’’ + 2y’ + 2y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 + 2r + 2 = 0 r1= - 1 + i, r2 = - 1 - i
Solución general
y = c1e-xcosx + c2 e-xsenx
8) y’’ – 2y’ + 4y = 0
Sol:
Sea: P(r) = r2 - 2r + 4 = 0 r1= 1 + √3i, r2 = 1 - √3i
Solución general
y = c1excos√3x + c2 exsen√3x
9. 04´2
" yyy
Ecuación característica
2
122
)1(2
)4)(1(4)2()2(
042
2
2
ecuaciónladeRaícesi
ii
31
31
2
322
2
1
La solución general es:
)3()3cos( 21 xseneCxeCyxx
10. 025´6
" yyy
Ecuación característica
2
100366
)1(2
)25)(1(4)6()6(
0256
2
2
ecuaciónladeRaícesi
i
43
43
2
646
2
1
La solución general es:
)4()4cos(3
2
3
1 xseneCxeCyxx
B) Raíces de cualquier índole
1. 04
Iyy
III
Ecuación característica
.
2200)4(
04
2
3
ecuaciónladeRaíces
ii
La solución general es:
)2()2cos( 321 xsenCxCCy
2. 0 yyyy
IIIIII
Ecuación característica
.
1
0)1()1(0)1()1(
01
22
23
ecuaciónladeRaíces
ii
La solución general es:
xsenCxCeCyx
321 cos
3. 0 yy
IV
Ecuación característica
.11
0)1()1(
01
22
4
ecuaciónladeRaícesii
La solución general es:
xsenCxCeCeCyxx
4321 cos
4. 02 yyy
IIIV
Ecuación característica
2
0)1(0122224
dadmultiplicideRaíz
ii
La solución general es:
xsenxCxxCxSenCxCosCy 4321 cos
5. 0916
IIIVyyy
IV
Ecuación característica
0)4()1(
0)4()1()1()45()1(
0)361()1(
0)1()12(3)1()1(
0)132(3)1()1(
0496
222
222242
2242
22242
24242
246
i
i
dadmultiplicideRaízi
dadmultiplicideRaízi
2
2
2
2
La solución general es:
)2()2( 65
4321
xCosCxsenC
xCosxCxsenxCxCosCxSenCy
6. 033 yyyy
IIIIII
Ecuación característica
31
0)1(0133323
dadmultiplicideRaíz
La solución general es:
xxxexCexCeCy
2
321
7. 0 yyyy
IIIIII
Ecuación característica
ecuaciónladeRaíces
i
i
1
0)1()1(
0)1()1(
01
2
2
23
La solución general es:
senxCxCeCyx
321 cos
8. 0 yy
III
Ecuación característica
)1(2
)1)(1(9)1(101
0)1()1(
01
2
2
2
3
2
3
2
1
2
3
2
1
2
31
i
i
i
Las raíces de la ecuación son:
2
3
2
1
2
3
2
1
i
i
La solución general es:
xseneCx
eCeCy
xx
x
2
3
2
3cos 2
32
21
10. 0 yy
IV
Ecuación característica
ecuaciónladeraícesi 111
0)1()1(
01
22
4
La solución general es:
xsenCxCeCeCyxx
4321 cos
11. 03 yyyy
IIIIII
Ecuación característica
0)12()1(
013
2
23
2
222
2
442
)1(2
)1)(1(4)2()2(2
ecuaciónladeRaíces
12121
2121
La solución general es:
)21(
3
)21(
21
xxxeCeCeCy
12. 044
IIIyyy
III
Ecuación característica
220
0)2(0)44(
044
22
23
dadmultiplicideRaíz
La solución general es:
xxexCeCCy
2
3
2
21
13. 0214 yyy
IIIIV
Ecuación característica
1 -1 -3 -1
-1 -1 2 1
1 -2 -1 0
1 -1 -3 -1
-1 -1 2 1
1 -2 -1 0
2
10814
2
10814
2
10814
2
819614
)1(2
)2)(1(4)14()14(
0241
2
22
2
2
2
24
La solución general es:
x
xxx
eC
eCeCeCy
2
10814
4
2
10814
32
10814
22
10814
1
14. 002´22 yyyyy
IIIIIIV
Ecuación característica
0222234
Las raices son:
i
i
1
1
11
i
1
2
42
2
)1)(2(4)2()2(
0)22()1()1(
2
2
1 -2 1 2 -2
1 1 -1 0 2
-1
1 1
-1 -1
0 2
2 -2
0
1 -2 2 0
La solución es
senxeCxeCeCeCyxxxx
4321 cos
15. 095 yyy
IIIV
Ecuación característica
1
94
0954
2
2
24
ecuaciónladeRaíces
i
i
12
3
14
9
010940)1()94(
2
2222
La solución general es:
xsenCxCeCeCy
xx
2
3
2
34321
I) ECUACIONES DIFERENCIALES LINEALES NO HOMOGENEAS
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales
1) 𝑦′′ + 3𝑦′ = 3
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 3𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = −3 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−3𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥 ⇒ 𝑌′𝑝 = 𝐴 ⇒ 𝑌′′𝑝 = 0 Reemplazando en la ecuación
0 + 3𝐴 = 3 ⇒ 𝐴 = 1, Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝 Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−3𝑥 + 𝑥
2) 𝑦′′ − 2𝑦′ − 15𝑦 = −15𝑥2 − 4𝑥 − 13
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 − 15 = 0 ⇒ 𝑟1 = −3, 𝑟2 = 5 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒−3𝑥 + 𝑐2𝑒
5𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶 ⇒ 𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵 ⇒ 𝑌′′𝑝 = 2𝐴 Reemplazando en la ecuación
2𝐴 − 4𝐴𝑥 − 2𝐵 − 15𝐴𝑥2 − 15𝐵𝑥 − 15𝐶 = −15𝑥2 − 4𝑥 − 13
−15𝐴𝑥2 − (4𝐴 + 15𝐵)𝑥 + 2𝐴 − 2𝐵 − 15𝐶 = −15𝑥2 − 4𝑥 − 13
{−15𝐴 = 15 −(4𝐴 + 15𝐵) = −4 2𝐴 − 2𝐵 − 15𝐶 = −13
⇒ {𝐴 = 1𝐵 = 0𝐶 = 1
, Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2 + 1
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝 Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒−3𝑥 + 𝑐2𝑒
5𝑥 + 𝑥2 + 1
3) 𝑦𝐼𝑉 − 3𝑦′′ − 4𝑦 = −4𝑥5 + 390𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 3𝑟2 − 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = −2, 𝑟2 = 2 , 𝑟3 = 𝑖, 𝑟4 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒−2𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐4𝑠𝑒𝑛𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥5 + 𝐵𝑥4 + 𝐶𝑥3 + 𝐷𝑥2 + 𝐸𝑥 + 𝐹
⇒ 𝑌′𝑝 = 5𝐴𝑥4 + 4𝐵𝑥3 + 3𝐶𝑥2 + 2𝐷𝑥 + 𝐸
𝑌′′𝑝 = 20𝐴𝑥3 + 12𝐵𝑥2 + 6𝐶𝑥 + 2𝐷
𝑌′′′𝑝 = 60𝐴𝑥2 + 24𝐵𝑥 + 6𝐶
𝑌𝐼𝑉𝑝 = 120𝐴𝑥 + 24𝐵
Reemplazando en la ecuación
120𝐴𝑥 + 24𝐵 − 3(20𝐴𝑥3 + 12𝐵𝑥2 + 6𝐶𝑥 + 2𝐷) − 4(𝐴𝑥5 + 𝐵𝑥4 + 𝐶𝑥3 + 𝐷𝑥2 + 𝐸𝑥 + 𝐹)= −4𝑥5 + 390𝑥
{
−4𝐴 = −4
−4𝐵 = 0−60𝐴 − 4𝐶 = 0−36𝐵 − 4𝐶 = 0
120𝐴 − 18𝐶 − 4𝐸 = 39024𝐵 − 12𝐷 − 4𝐹 = 0
⇒ {𝐴 = 1𝐵 = −15
𝐵 = 𝐷 = 𝐸 = 𝐹 = 0
, Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥5 − 15𝑥3
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒−2𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐4𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥5 − 15𝑥3
4) 𝑦′′ + 3𝑦 = 𝑒𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 3𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = −3 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−3𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 ⇒ 𝑌′𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 ⇒ 𝑌′′𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 Reemplazando en la ecuación
𝐴𝑒𝑥 + 3𝐴𝑒𝑥 = 𝑒𝑥 ⇒ 𝐴 =1
4, Por lo tanto 𝑌𝑝 =
𝑒𝑥
4
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−3𝑥 +
𝑒𝑥
4
5) 𝑦′′ − 4𝑦′ = 𝑥𝑒4𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = 4 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒4𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥
𝑌′𝑝 = (2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥 + 4 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥
𝑌′′𝑝 = 2𝐴𝑒4𝑥 + 4(2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥 + 4(2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥 + 16 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥
𝑌′′′𝑝 = 2𝐴𝑒4𝑥 + 4(2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥 + 4(2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥 + 16 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒4𝑥
Reemplazando en la ecuación
(2𝐴 + 4𝐵)𝑒4𝑥 + 8𝐴𝑥𝑒4𝑥 = 𝑥𝑒4𝑥 ⇒ 𝐴 =1
8, 𝐵 =
1
−16 Por lo tanto 𝑌𝑝 = (
1
8𝑥2 −
1
16𝑥) 𝑒4𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒4𝑥+(
1
8𝑥2 −
1
16𝑥) 𝑒4𝑥
6) 𝑦′′ + 𝑦 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥(𝐴𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝐵𝑠𝑒𝑛𝑥)
𝑌′𝑝 = 𝐴𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝐵𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥(−𝐴𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝐵𝑐𝑜𝑠𝑥)
𝑌′′𝑝 = −𝐴𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝐵𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝐴𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝐵𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥(−𝐴𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝐵𝑠𝑒𝑛𝑥)
Reemplazando y reduciendo en la ecuación
2𝐵𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑐𝑜𝑠𝑥 ⇒ 𝐴 = 𝐾, 𝐵 =−1
2 Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥 𝐾𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑥
1
2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥 𝐾𝑐𝑜𝑠𝑥 − 𝑥1
2𝑠𝑒𝑛𝑥
7) 𝑦′′ − 4𝑦′ + 8𝑦 = 𝑒2𝑥(𝑠𝑒𝑛2𝑥 − 𝑐𝑜𝑠2𝑥) Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 8 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2 + 2𝑖, 𝑟2 = 2 − 2𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒2𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥𝑐𝑜𝑠2𝑥
𝑌𝑝 = 𝑥𝑒𝑥2(𝐴𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝐵𝑠𝑒𝑛2𝑥)
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥𝑐𝑜𝑠2𝑥+ 𝑥𝑒𝑥2(𝐴𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝐵𝑠𝑒𝑛2𝑥) 8) 𝑦′′ − 𝑦′ − 2𝑦 = 𝑒𝑥 + 𝑒−2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 𝑟 − 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1, 𝑟2 = 2 ,la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 + 𝐵𝑒−2𝑥
𝑌′𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 − 2𝐵𝑒−2𝑥
𝑌′′𝑝 = 𝐴𝑒𝑥 + 4𝐵𝑒−2𝑥 Reemplazando y reduciendo en la ecuación
𝐴𝑒𝑥 + 4𝐵𝑒−2𝑥 − 𝐴𝑒𝑥 + 2𝐵𝑒−2𝑥 − 𝐴𝑒𝑥 − 𝐵𝑒−2𝑥 = 𝑒𝑥 + 𝑒−2𝑥
−𝐴𝑒𝑥 + 5𝐵𝑒−2𝑥 = 𝑒𝑥 + 𝑒−2𝑥
⇒ 𝐴 = −1 , 𝐵 =1
5
Por lo tanto 𝑌𝑝 = −𝑒𝑥 +
1
5𝑒−2𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 − 𝑒𝑥 +1
5𝑒−2𝑥
9) 𝑦′′′ − 4𝑦′ = 𝑥𝑒2𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 4𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = 2 , 𝑟3 = −2, la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒2𝑥 + 𝑐3𝑒
−2𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒2𝑥 + 𝐶𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝐷𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥(𝐸𝑥2 + 𝐹𝑥 + 𝐺)
⇒ 𝑌′𝑝 = 2𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒2𝑥 + (2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒2𝑥 − 𝐶𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝐷𝑐𝑜𝑠𝑥 + 3𝐸𝑥2 + 2𝐹𝑥 + 𝐺
𝑌′′′𝑝 = 8𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒2𝑥 + 12(2𝐴𝑥 + 𝐵)𝑒2𝑥 + 12𝐴𝑒2𝑥 + 𝐶𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝐷𝑐𝑜𝑠𝑥 + 6𝐸
Reemplazando en la ecuación e igualando los coeficientes se tiene:
{
12𝐴 + 8𝐵 = 0
16𝐴 = 15𝐶 = 1−5𝐷 = 0−12𝐸 = 1−8𝐹 = 0
6𝐸 − 4𝐺 = 0
⇒
{
𝐴 = 1 16⁄
𝐵 = 3 32⁄
𝐶 = 1 5⁄𝐷 = 𝐹 = 0𝐸 = −1 12⁄
𝐺 = −1 8⁄
, Por lo tanto 𝑌𝑝 =𝑒2𝑥
32(2𝑥2 − 3𝑥) +
𝑐𝑜𝑠𝑥
5−
𝑥3
12−
𝑥
8
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒2𝑥 + 𝑐3𝑒
−2𝑥 +𝑒2𝑥
32(2𝑥2 − 3𝑥) +
𝑐𝑜𝑠𝑥
5−
𝑥3
12−
𝑥
8
10) 𝑦′′ + 2𝑦′ + 2𝑦 = 𝑒−𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥𝑒−𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1 + 𝑖, 𝑟2 = −1 − 𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑒−𝑥(𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥)
Como 𝑌𝑝 = 𝑥𝑒−𝑥(𝐴𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝐵𝑠𝑒𝑛𝑥) + (𝐶𝑥 + 𝐷)𝑒−𝑥
Reemplazando y reduciendo en la ecuación
⇒ 𝐴 = 0, 𝐵 =1
2 , 𝐶 = 1, 𝐷 = 0 Por lo tanto 𝑌𝑝 =
𝑥
2 𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑥𝑒−𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑒−𝑥(𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥) +𝑥
2 𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑥𝑒−𝑥
11) 𝑦′′ − 𝑦′ = 𝑥2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥(𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶)=𝐴𝑥3 + 𝐵𝑥2 + 𝐶𝑥
𝑌′𝑝 = 3𝐴𝑥2 + 2𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′′𝑝 = 6𝐴𝑥 + 2𝐵
Reemplazando en la ecuación
6𝐴𝑥 + 2𝐵 − 3𝐴𝑥2 − 2𝐵𝑥 − 𝐶 = 𝑥2
−3𝐴𝑥2 + (6𝐴 − 2𝐵)𝑥 + 2𝐵 − 𝐶 = 𝑥2
⇒ 𝐴 =−1
3, 𝐵 = −1 , 𝐶 = −2 Por lo tanto 𝑌𝑝 = −
𝑥3
3− 𝑥2 − 2𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒𝑥 −
𝑥3
3− 𝑥2 − 2𝑥
12) 𝑦′′ − 4𝑦′ − 5𝑦 = 5𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 − 5 = 0 ⇒ 𝑟1 = 5, 𝑟2 = −1 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒5𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′𝑝 = 𝐴
𝑌′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 − 4𝐴 − 5(𝐴𝑥 + 𝐵) = 5𝑥
−5𝐴𝑥 − 4𝐴 − 5𝐵 = 5𝑥
⇒ 𝐴 = −1, 𝐵 =4
5 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = −𝑥 +
4
5
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒5𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 − 𝑥 +4
5
13) 𝑦′′′ − 𝑦′ = 𝑥 + 1
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 𝑟 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = −1, 𝑟3 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−𝑥 + 𝑐3𝑒
𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥(𝐴𝑥 + 𝐵) = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
𝑌′′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 − 2𝐴𝑥 − 𝐵 = 𝑥 + 1
⇒ 𝐴 =−1
2, 𝐵 = −1 , Por lo tanto 𝑌𝑝 =
−1
2𝑥2 − 𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−𝑥 + 𝑐3𝑒
𝑥 −1
2𝑥2 − 𝑥
14) 𝑦′′ − 4𝑦′ + 4𝑦 = 4𝑥 − 4
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = 2 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑥𝑐2𝑒
2𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′𝑝 = 𝐴
𝑌′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 − 4𝐴 + 4𝐴𝑥 + 4𝐵 = 4𝑥 − 4
4𝐴𝑥+4𝐵 − 4𝐴 = 4𝑥 − 4
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 0 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑥𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑥
15) 𝑦′′ + 2𝑦′ + 2𝑦 = 2(𝑥 + 1)2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1 + 𝑖, 𝑟2 = −1 − 𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑒−𝑥(𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥)
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
Reemplazando en la ecuación
2𝐴 + 4𝐴𝑥 + 2𝐵 + 2𝐴𝑥2 + 2𝐵𝑥 + 2𝐶 = 2(𝑥 + 1)2
𝐴𝑥2+ 𝐵𝑥 + 2𝐴𝑥 + 𝐴 + 𝐵 + 𝐶 = 𝑥2 + 2𝑥 + 1
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 𝐶 = 0 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑒−𝑥(𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥) + 𝑥2
16) 𝑦′′′ + 𝑦′′ + 𝑦′ + 𝑦 = 𝑥2 + 2𝑥 − 2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟3 + 𝑟2 + 𝑟 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1, 𝑟2 = 𝑖, 𝑟3 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
𝑌′′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 + 2𝐴 + 2𝐴𝑥 + 𝐵 + 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶 = 𝑥2 + 2𝑥 − 2
𝐴𝑥2 + (2𝐴 + 𝐵)𝑥 + 2𝐴 + 𝐵 + 𝐶 = 𝑥2 + 2𝑥 − 2
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 0, 𝐶 = −4 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2 − 4
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛𝑥+𝑥
2 − 4
17) 𝑦𝐼𝑉 + 4𝑦′′ = 8(6𝑥2 + 5) Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟4 + 4𝑟2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 0, 𝑟2 = 0, 𝑟3 = 2𝑖 , 𝑟4 = −2𝑖 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐4𝑐𝑜𝑠2𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝑥2(𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶) = 𝐴𝑥4 + 𝐵𝑥3 + 𝐶𝑥2
𝑌′𝑝 = 4𝐴𝑥3 + 3𝐵𝑥2 + 𝐶𝑥
𝑌′′𝑝 = 12𝐴𝑥2 + 6𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′′′𝑝 = 24𝐴𝑥 + 6𝐵
𝑌𝐼𝑉 = 24𝐴 Reemplazando en la ecuación
4(6𝐴 + 12𝐴𝑥2 + 6𝐵𝑥 + 𝐶) = 8(6𝑥2 + 5) 6𝐴 + 12𝐴𝑥2 + 6𝐵𝑥 + 𝐶 = 12𝑥2 + 10
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 0, 𝐶 = 4 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2(𝑥2 + 4)
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐4𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑥2(𝑥2 + 4)
18) 𝑦′′′ − 3𝑦′′ + 3𝑦′ − 𝑦 = (2 + 𝑥)(2 − 𝑥) Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 3𝑟2 + 3𝑟 − 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = 1, 𝑟3 = 1 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
𝑌′′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación y comparando
0 − 6𝐴 + 6𝐴𝑥 + 3𝐵 − 𝐴𝑥2 − 𝐵𝑥 − 𝐶 = 4 − 𝑥2
−𝐴𝑥2 + (6𝐴 − 𝐵)𝑥 − 6𝐴 + 3𝐵 − 𝐶 = 4 − 𝑥2
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 6, 𝐶 = 8 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2 + 6𝑥 + 8
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒𝑥 + 𝑥2 + 6𝑥 + 8
19) 2𝑦′′ − 9𝑦′ + 4𝑦 = 18𝑥 − 4𝑥2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 2𝑟2 − 9𝑟 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 4, 𝑟2 =1
2 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒4𝑥 + 𝑐2𝑒
12𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
Reemplazando en la ecuación
4𝐴 − 18𝐴𝑥 − 9𝐵 + 4𝐴𝑥2 + 4𝐵𝑥 + 4𝐶 = 18𝑥 − 4𝑥2
4𝐴𝑥2 + (−18𝐴 + 4𝐵)𝑥 + 4𝐴 − 9𝐵 + 4𝐶=18𝑥 − 4𝑥2
⇒ 𝐴 = −1, 𝐵 = 0, 𝐶 = 1, Por lo tanto 𝑌𝑝 = −𝑥2 + 1
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒4𝑥 + 𝑐2𝑒
1
2𝑥 − 𝑥2 + 1
20) 𝑦𝐼𝑉 − 2𝑦′′ + 𝑦 = 𝑥2 − 5
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 2𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1, 𝑟2 = 1, 𝑟3 = −1 , 𝑟4 = 1 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑒−𝑥 + 𝑐4𝑥𝑒
−𝑥
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 2𝐴𝑥 + 𝐵
𝑌′′𝑝 = 2𝐴
𝑌′′′𝑝 = 0
𝑌𝐼𝑉 = 0 Reemplazando en la ecuación
0 − 4𝐴 + 𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶 = 𝑥2 − 5
𝐴𝑥2 + 𝐵𝑥 + 𝐶 − 4𝐴 = 𝑥2 − 5
⇒ 𝐴 = 1, 𝐵 = 0, 𝐶 = −1 , Por lo tanto 𝑌𝑝 = 𝑥2 − 1
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑒−𝑥 + 𝑐4𝑥𝑒
−𝑥 + 𝑥2 − 1
II) VARIACION DE PARAMETROS
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales
1) 𝑦′′ + 𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −1 ⇒ 𝑢1
′ = −1 ⇒ 𝑢1 = −𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑐𝑡𝑔𝑥 ⇒ 𝑢2
′ = 𝑐𝑡𝑔𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥) 2)𝑦′′ + 4𝑦 = 4𝑠𝑒𝑐2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2𝑖, 𝑟2 = −2𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛2𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛2𝑥 = 0
−2𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 2𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠2𝑥 = 4𝑠𝑒𝑐2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛2𝑥
4𝑠𝑒𝑐2𝑥 𝑐𝑜𝑠2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=0 − 4𝑠𝑒𝑐2𝑥. 𝑠𝑒𝑛2𝑥
2= −2𝑠𝑒𝑐2𝑥. 𝑠𝑒𝑛2𝑥 ⇒ 𝑢1 = 4𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 0
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 4𝑠𝑒𝑐2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=𝑐𝑜𝑠2𝑥. 4𝑠𝑒𝑐2𝑥
2= 2𝑠𝑒𝑐2𝑥(𝑐𝑜𝑠2𝑥 − 𝑠𝑒𝑛2𝑥) = 2 − 2𝑡𝑎𝑛2𝑥 ⇒ 𝑢2
= 4𝑥 − 2𝑡𝑎𝑛𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 4𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠2𝑥 + (4𝑥 − 2𝑡𝑎𝑛𝑥)𝑠𝑒𝑛2𝑥, Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥+4𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠2𝑥 + (4𝑥 − 2𝑡𝑎𝑛𝑥)𝑠𝑒𝑛2𝑥
3)𝑦′′ + 𝑦 = 𝑠𝑒𝑐2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑠𝑒𝑐2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑠𝑒𝑐2𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐2𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑡𝑎𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑠𝑒𝑐𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑠𝑒𝑐2𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑠𝑒𝑐2𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑐𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑐𝑥 + 𝑡𝑎𝑛𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑠𝑒𝑐𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑐𝑥 + 𝑡𝑎𝑛𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑠𝑒𝑐𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑐𝑥 + 𝑡𝑎𝑛𝑥) 4)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑐𝑡𝑔𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥)
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑐𝑡𝑔2𝑥 ⇒ 𝑢2 = −𝑐𝑡𝑔𝑥 − 𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. (−𝑐𝑡𝑔𝑥 − 𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑛𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. (−𝑐𝑡𝑔𝑥 − 𝑥) 5)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑐𝑜𝑡𝑔𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑐𝑡𝑔𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑐𝑡𝑔𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑐𝑡𝑔
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑐𝑜𝑠𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑡𝑔𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑐𝑡𝑔𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑐𝑡𝑔𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 − 𝑐𝑡𝑔𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑠𝑒𝑛𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 − 𝑐𝑡𝑔𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 − 𝑐𝑡𝑔𝑥) 6)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑠𝑒𝑐𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑠𝑒𝑐𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑡𝑎𝑛𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑠𝑒𝑐𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 1 ⇒ 𝑢2 = 𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥, Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
7)𝑦′′ + 4𝑦′ = 4𝑐𝑡𝑔2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2𝑖, 𝑟2 = −2𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛2𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛2𝑥 = 0
−2𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 2𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠2𝑥 = 4𝑐𝑡𝑔2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛2𝑥
4𝑐𝑡𝑔2𝑥 𝑐𝑜𝑠2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=0 − 4𝑐𝑡𝑔2𝑥. 𝑠𝑒𝑛2𝑥
2= −2𝑐𝑜𝑠2𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑠𝑒𝑛2𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 0
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 4𝑐𝑡𝑔2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=𝑐𝑜𝑠2𝑥. 4𝑐𝑡𝑔2𝑥
2= 2𝑐𝑡𝑔2𝑥. 𝑐𝑜𝑠2𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥) 8)𝑦′′ + 2𝑦′ + 2𝑦 = 𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1 + 𝑖, 𝑟2 = −1 − 𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑒−𝑥(𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥)
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒−𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑒
−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢′1𝑒
−𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢′2𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
−2𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 2𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠2𝑥 = 4𝑐𝑡𝑔2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛2𝑥
4𝑐𝑡𝑔2𝑥 𝑐𝑜𝑠2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=0 − 4𝑐𝑡𝑔2𝑥. 𝑠𝑒𝑛2𝑥
2= −2𝑐𝑜𝑠2𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑠𝑒𝑛2𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 0
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 4𝑐𝑡𝑔2𝑥|
|𝑐𝑜𝑠2𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
−2𝑠𝑒𝑛2𝑥 2𝑐𝑜𝑠2𝑥|=𝑐𝑜𝑠2𝑥. 4𝑐𝑡𝑔2𝑥
2= 2𝑐𝑡𝑔2𝑥. 𝑐𝑜𝑠2𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐2𝑥 − 𝑐𝑡𝑔2𝑥) 9)𝑦′′ + 4𝑦′ + 4𝑦 = 𝑒−2𝑒−2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4𝑟 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = −2, 𝑟2 = −2 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒−2𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
−2𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒−2𝑥 + 𝑢2𝑥𝑒
−2𝑥 , tal que
{𝑢′1𝑒
−2𝑥 + 𝑢′2𝑥𝑒−2𝑥 = 0
−2𝑢1′ 𝑒−2𝑥 + 𝑢2
′ (−𝑒−2𝑥𝑥
2− 𝑒−2𝑥) = 𝑒−2𝑒−2𝑥
De donde
𝑢1′ =
|0 𝑥𝑒−2𝑥
𝑒−2𝑒−2𝑥 −𝑒−2𝑥𝑥2
− 𝑒−2𝑥|
|𝑒−2𝑥 𝑥𝑒−2𝑥
−2𝑒−2𝑥 −𝑒−2𝑥𝑥2
− 𝑒−2𝑥|
=0 − 𝑥𝑒−2𝑥𝑒−2𝑒−2𝑥
𝑒−2𝑥 (−𝑒−2𝑥𝑥2
− 𝑒−2𝑥) + 2𝑒−2𝑥𝑥𝑒−2𝑥
𝑢2′ =
| 𝑒−2𝑥 0
−2𝑒−2𝑥 𝑒−2𝑒−2𝑥|
|𝑒−2𝑥 𝑥𝑒−2𝑥
−2𝑒−2𝑥 −𝑒−2𝑥𝑥2
− 𝑒−2𝑥|
=𝑒−2𝑥𝑒−2𝑒−2𝑥
𝑒−2𝑥 (−𝑒−2𝑥𝑥2
− 𝑒−2𝑥) + 2𝑒−2𝑥𝑥𝑒−2𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑒−2𝑥 − 𝑙𝑛𝑥𝑒−2𝑥, Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒−2𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
−2𝑥+𝑒−2𝑥 − 𝑙𝑛𝑥𝑒−2𝑥
10)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑡𝑎𝑛2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑡𝑎𝑛2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑡𝑎𝑛2𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑡𝑎𝑛2𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑡𝑎𝑛2𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑡𝑎𝑛2𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑡𝑎𝑛2𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑡𝑎𝑛2𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 ⇒ 𝑢2 = 𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥, Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑥)𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
11)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑐2𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑠𝑒𝑐2𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥. 𝑠𝑒𝑐𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑐𝑥 + 𝑡𝑎𝑛𝑥)Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑠𝑒𝑐𝑥 + 𝑡𝑎𝑛𝑥) 12)𝑦′′ − 2𝑦′ + 𝑦 = 𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒𝑥 + 𝑢2𝑥𝑒
𝑥 , tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒𝑥𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ (𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥) = 𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒𝑥𝑥
𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2 𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥𝑥𝑒𝑥 𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥
|=0 − 𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2𝑒𝑥𝑥
(𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥𝑥=−(𝑒𝑥 + 1)2𝑒𝑥𝑥
𝑥 − 2
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0𝑒𝑥 𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2
|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥𝑥𝑒𝑥 𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥
|=
𝑒2𝑥(𝑒𝑥 + 1)2𝑒𝑥
(𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥𝑥=(𝑒𝑥 + 1)2𝑒𝑥
𝑥 − 2
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥𝑙𝑛(1 + 𝑒𝑥)Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑒𝑥𝑙𝑛(1 + 𝑒𝑥) 13)𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒𝑥 + 𝑢2𝑒
2𝑥 , tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒2𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 2𝑒2𝑥 = 𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒𝑥
𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1 2𝑒𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥
𝑒𝑥 2𝑒𝑥|
=0 − 𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1𝑒𝑥
(2𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥= −(𝑒2𝑥 + 1)−1𝑒𝑥
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0𝑒𝑥 𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1
|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥
𝑒𝑥 2𝑒𝑥|
=𝑒2𝑥(𝑒2𝑥 + 1)−1𝑒𝑥
(𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥𝑥= (𝑒2𝑥 + 1)−1𝑒𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑒−𝑥) −𝑒2𝑥
2𝑙𝑛(1 + 𝑒−2𝑥)Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥+𝑒𝑥𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔(𝑒−𝑥) −𝑒2𝑥
2𝑙𝑛(1 + 𝑒−2𝑥)
14)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑠𝑒𝑐3𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑡𝑎𝑛𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑠𝑒𝑐3𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐3𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑐3𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑠𝑒𝑐3𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑠𝑒𝑐3𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑠𝑒𝑐3𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 =𝑠𝑒𝑐𝑥
2 Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 +𝑠𝑒𝑐𝑥
2
15)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑡𝑎𝑛𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑡𝑎𝑛𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑡𝑎𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑡𝑎𝑛𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑡𝑎𝑛𝑥 ⇒ 𝑢1 = −𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑡𝑎𝑛𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑡𝑎𝑛𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑠𝑒𝑛𝑥 ⇒ 𝑢2 = −𝑐𝑜𝑠𝑥
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑠𝑒𝑛𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 − 𝑐𝑡𝑔𝑥), Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑙𝑛(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 − 𝑐𝑡𝑔𝑥) 16)𝑦′′ − 𝑦′ = 𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥) Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒𝑥 + 𝑢2𝑒
−𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑒𝑥 − 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥) De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒−𝑥
𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥) −𝑒−𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|
=𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥). 𝑒−𝑥
−2= −
𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥). 𝑒−3𝑥
2
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0𝑒𝑥 𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥)
|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|
=𝑒−2𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥)𝑒𝑥
−2= −
𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛(𝑒−𝑥)
2⇒ 𝑢1 = −
𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)
2
Integrando y reemplazando en 𝑦𝑝 se obtiene:
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 − 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥 Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 − 𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 − 𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥
17)𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥) Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒𝑥 + 𝑢2𝑒
2𝑥 , tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒2𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 2𝑒2𝑥 = 𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥) De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒𝑥
𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥) 2𝑒𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥
𝑒𝑥 2𝑒𝑥|
=0 − 𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)𝑒𝑥
(2𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥= −𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)𝑒−𝑥 ⇒ 𝑢1 = 𝑠𝑒𝑛(𝑒
−𝑥)
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0𝑒𝑥 𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)
|
|𝑒𝑥 𝑒𝑥
𝑒𝑥 2𝑒𝑥|
=𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)𝑒𝑥
(𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑥)𝑒𝑥 − 𝑒𝑥𝑒𝑥𝑥= 𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)𝑒−𝑥 ⇒ 𝑢2 = −𝑠𝑒𝑛(𝑒
−𝑥)
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −𝑒2𝑥𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥)Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥−𝑒2𝑥𝑐𝑜𝑠(𝑒−𝑥) 18)𝑦′′ − 𝑦′ = 𝑠𝑒𝑛2𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑒𝑥 − 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒−𝑥
𝑠𝑒𝑛2𝑥 −𝑒−𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|
=𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑒−𝑥
−2= −
𝑠𝑒𝑛2𝑥. 𝑒−𝑥
2
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0𝑒𝑥 𝑠𝑒𝑛2𝑥
|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|=𝑠𝑒𝑛2𝑥𝑒𝑥
−2= −
𝑠𝑒𝑛2𝑥𝑒𝑥
2
Integrando y reemplazando en 𝑦𝑝 se obtiene:
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = −2
5−
𝑠𝑒𝑛2𝑥
5, Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 −2
5−
𝑠𝑒𝑛2𝑥
5
19)𝑦′′ − 𝑦′ = 𝑥2𝑒𝑥2
2
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑒−𝑥 + 𝑢2𝑒
𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑒𝑥 + 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 0
𝑢1′𝑒𝑥 − 𝑢2
′ 𝑒−𝑥 = 𝑥2𝑒𝑥2
2
De donde
𝑢1′ =
|0 𝑒−𝑥
𝑥2𝑒𝑥2
2 −𝑒−𝑥|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|=𝑥2𝑒
𝑥2
2 . 𝑒−𝑥
−2= −
𝑥2𝑒𝑥2
2−𝑥
2
𝑢2′ =
|𝑒𝑥 0
𝑒𝑥 𝑥2𝑒𝑥2
2|
|𝑒𝑥 𝑒−𝑥
𝑒𝑥 −𝑒−𝑥|=𝑥2𝑒
𝑥2
2 𝑒𝑥
−2= −
𝑥2𝑒𝑥2
2+𝑥
2
Integrando y reemplazando en 𝑦𝑝 se obtiene:
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥2
2 , Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥+𝑒𝑥2
2
20)𝑦′′ + 𝑦′ = 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
Solución
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥
La solución particular de la ecuación diferencial es:𝑦𝑝 = 𝑢1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2𝑠𝑒𝑛𝑥, tal que
{𝑢1′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑢2
′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 0
𝑢1′ 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑢2
′ 𝑐𝑜𝑠𝑥 = 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 De donde
𝑢1′ =
|0 𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
0 − 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= −𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑢2′ =
|𝑐𝑜𝑠𝑥 0−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
|
|𝑐𝑜𝑠𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥−𝑠𝑒𝑛𝑥 𝑐𝑜𝑠𝑥
|=
𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑐𝑜𝑠𝑥. 𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑠𝑒𝑛𝑥. 𝑠𝑒𝑛𝑥= 𝑥(𝑐𝑜𝑠𝑥)2
Entonces la solución particular será:
𝑦𝑝 =𝑥2
4𝑠𝑒𝑛𝑥 +
𝑥
4𝑐𝑜𝑠𝑥Tal que
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛𝑥 +𝑥2
4𝑠𝑒𝑛𝑥 +
𝑥
4𝑐𝑜𝑠𝑥
III) ECUACIONES DIFERENCIALES DE EULER
Resolver las siguientes ecuaciones diferenciales
1)𝑥2𝑦′′ + 𝑥𝑦′ − 𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea: 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑡 + 𝑐2𝑒
−𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑙𝑛𝑥 = 𝑐1𝑥 + 𝑐21
𝑥
2) 𝑥2𝑦′′ + 2𝑥𝑦′ − 2𝑦 = 0
Solución
Sea: 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 2𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 2𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 2𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 𝑟 − 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = −2 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑙𝑛𝑥 = 𝑐1𝑥 + 𝑐21
𝑥2
3) 𝑥2𝑦′′ + 𝑥𝑦′ + 9𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 9𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 9 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 9 = 0 ⇒ 𝑟1 = 3𝑖, 𝑟2 = −3𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑐𝑜𝑠3𝑡 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛3𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑐𝑜𝑠(3𝑙𝑛𝑥) + 𝑐2𝑠𝑒𝑛(3𝑙𝑛𝑥) 4) 4𝑥2𝑦′′ − 8𝑥𝑦′ + 9𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
4𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 8𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 9𝑦 = 0
4𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 12
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 9𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 4𝑟2 − 12𝑟 + 9 = 0 ⇒ 𝑟1 =3
2, 𝑟2 = 4 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒3
2𝑡 + 𝑐2𝑒
4𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒32𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
4𝑙𝑛𝑥 = 𝑐1𝑥32 + 𝑐2𝑥
4
5) 𝑥2𝑦′′ − 3𝑥𝑦′ + 7𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 3𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 7𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 4
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 7𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 7 = 0 ⇒ 𝑟1 =3
2, 𝑟2 = 4 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒3
2𝑡 + 𝑐2𝑒
4𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒32𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
4𝑙𝑛𝑥 = 𝑐1𝑥32 + 𝑐2𝑥
4
6) 𝑥3𝑦′′′− 2𝑥2𝑦′′ − 17𝑥𝑦′ − 7𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡) ;
𝑑3𝑦
𝑑𝑥3= 𝑒−3𝑡 (
𝑑3𝑦
𝑑𝑡3−
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒3𝑡𝑒−3𝑡 (𝑑3𝑦
𝑑𝑡3−𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 2𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 17𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 7𝑦 = 0
𝑑3𝑦
𝑑𝑡3− 3
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 18
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 7𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 3𝑟2 − 18𝑟 − 7 = 0 ⇒ 𝑟1 = 6.125, 𝑟2 = −0.42289, 𝑟3 = −2.7023 la ecuación general
de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒6.125𝑡 + 𝑐2𝑒
−0.4228𝑡 + 𝑐3𝑒−2.7023𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒6.125𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−0.4228𝑙𝑛𝑥 + 𝑐3𝑒−2.7023𝑙𝑛𝑥
𝑦 = 𝑐1𝑥6.125 + 𝑐2𝑥
−0.42289 + 𝑐3𝑥−2.7023
7)(𝑥 + 2)2𝑦′′ + 3(𝑥 + 2)𝑦′ − 3𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 + 2 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 + 2), además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 3𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 3𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 2
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 3𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 + 3 = 0 ⇒ 𝑟1 = −3, 𝑟2 = 1 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−3𝑡 + 𝑐2𝑒
𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 + 2)
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−3𝑙𝑛(𝑥+2)𝑡 + 𝑐2𝑒
𝑙𝑛(𝑥+2)
𝑦 =𝑐1
(𝑥 + 2)3+ 𝑐2(𝑥 + 2)
8) (2𝑥 + 1)2𝑦′′ − 2(2𝑥 + 1)𝑦′ + 4𝑦 = 0
Solución
Sea 2𝑥 + 1 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛(2𝑥 + 1), además 2𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
2𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 4𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 4𝑦 = 0
2𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 4
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 4𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1 + 𝑖, 𝑟2 = 1 − 𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑡𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑒
𝑡𝑐𝑜𝑠𝑡 = 0Pero 𝑡 = 𝑙𝑛(2𝑥 + 1)
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑙𝑛(2𝑥+1)𝑠𝑒𝑛𝑙𝑛(2𝑥 + 1) + 𝑐2𝑒
𝑙𝑛(2𝑥+1)𝑐𝑜𝑠𝑙𝑛(2𝑥 + 1) = 0
𝑦 = 𝑐1(2𝑥 + 1) 𝑠𝑒𝑛𝑙𝑛(2𝑥 + 1) + 𝑐2(2𝑥 + 1) 𝑐𝑜𝑠𝑙𝑛(2𝑥 + 1) 9) (𝑥 − 1)2𝑦′′ + 8(𝑥 − 1)𝑦′ + 12𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 − 1 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 − 1), además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 8𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 12𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 4
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 8𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 7𝑟 + 12 = 0 ⇒ 𝑟1 = −3, 𝑟2 = −4 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−3𝑡 + 𝑐2𝑒
−4𝑡 = 0Pero 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 − 1)
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−3𝑙𝑛(𝑥−1) + 𝑐2𝑒
−4𝑙𝑛(𝑥−1)
𝑦 = 𝑐1(𝑥 − 1)−3 + 𝑐2(𝑥 − 1)
−4
10) (𝑥 − 2)2𝑦′′ + 5(𝑥 − 2)𝑦′ + 8𝑦 = 0
Solución
Sea 𝑥 − 2 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 − 2), además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 5𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 8𝑦 = 0
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 4
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 8𝑦 = 0 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4𝑟 + 8 = 0 ⇒ 𝑟1 = −2 + 2𝑖, 𝑟2 = −2 + 2𝑖 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−2𝑡𝑠𝑒𝑛2𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡𝑐𝑜𝑠2𝑡 = 0Pero 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 − 2)
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−2𝑙𝑛(𝑥−2)𝑠𝑒𝑛(2𝑙𝑛(𝑥 − 2)) + 𝑐2𝑒
−2𝑙𝑛(𝑥−2)𝑐𝑜𝑠2(𝑙𝑛(𝑥 − 2))
𝑦 = 𝑐1(𝑥 − 2)−2 𝑠𝑒𝑛(2𝑙𝑛(𝑥 − 2)) + 𝑐2(𝑥 − 2)
−2 𝑐𝑜𝑠2(𝑙𝑛(𝑥 − 2))
11) 𝑥2𝑦′′ + 𝑥𝑦′ + 𝑦 = 𝑥(6 − 𝑙𝑛𝑥) Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 𝑦 = 𝑒𝑡(6 − 𝑡)
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 𝑦 = 𝑒𝑡(6 − 𝑡) , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 𝑌𝑔 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡
Como 𝑌𝑝 = (𝐴𝑡 + 𝐵)𝑒𝑡
𝑌′𝑝 = 𝐴𝑒𝑡 + 2(𝐴𝑡 + 𝐵)𝑒𝑡
𝑌′′𝑝 = 2𝐴𝑒𝑡 + 2(𝐴𝑡 + 𝐵)𝑒𝑡
Reemplazando en la ecuación
2𝐴𝑒𝑡 + 2(𝐴𝑡 + 𝐵)𝑒𝑡+(𝐴𝑡 + 𝐵)𝑒𝑡 = 𝑒𝑡(6 − 𝑡) 2𝐴𝑡 + 2𝐴 + 2𝐵 = 6 − 𝑡
⇒ 𝐴 =−1
2, 𝐵 =
7
2, Por lo tanto 𝑌𝑝 = −
𝑡
2+
7
2
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+
7
2
la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+7
2
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛(𝑙𝑛𝑥) + 𝑐2𝑐𝑜𝑠(𝑙𝑛𝑥) −𝑙𝑛𝑥
2+7
2
12) 𝑥2𝑦′′ + 𝑥𝑦′ − 9𝑦 = 𝑥3 + 1
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 9𝑦 = 𝑒3𝑡 + 1
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 9𝑦 = 𝑒3𝑡 + 1 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 9 = 0 ⇒ 𝑟1 = 3, 𝑟2 = −3
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒3𝑡 + 𝑐2𝑒
−3𝑡
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑒3𝑡 + 𝐵
𝑌′𝑝 = 3𝐴𝑒3𝑡
𝑌′′𝑝 = 9𝐴𝑒3𝑡
Reemplazando en la ecuación
9𝐴𝑒3𝑡 − 𝐴𝑒3𝑡 + 𝐵 = 𝑒3𝑡 + 1
8𝐴𝑒3𝑡 + 𝐵 = 𝑒3𝑡 + 1
⇒ 𝐴 =1
8, 𝐵 = 1, Por lo tanto 𝑌𝑝 =
1
8𝑒3𝑡 + 1
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑡 + 𝑐2𝑒
−3𝑡+1
8𝑒3𝑡 + 1
la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒3𝑡 + 𝑐2𝑒
−3𝑡+1
8𝑒3𝑡 + 1
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒3𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−3𝑙𝑛𝑥+1
8𝑒3𝑙𝑛𝑥 + 1
𝑦 = 𝑐1𝑥3+𝑐2𝑥
−3+1
8𝑥3 + 1
13) 𝑥2𝑦′′ − 𝑥𝑦′ + 𝑦 = 2𝑥
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 𝑦 = 2𝑒𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 2𝑦′ + 𝑦 = 2𝑒𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 1 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = 1
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑡 + 𝑐2𝑡𝑒
𝑡
Como 𝑌𝑝 = 𝑒𝑡𝐴𝑡
𝑌′𝑝 = 𝐴𝑒𝑡𝑡 − 𝐴𝑒𝑡
𝑌′′𝑝 = 𝐴𝑒𝑡𝑡 − 2𝐴𝑒𝑡
Reemplazando en la ecuación
𝐴𝑒𝑡𝑡 − 2𝐴𝑒𝑡 − 2(𝐴𝑒𝑡𝑡 − 𝐴𝑒𝑡) + 𝑒𝑡𝐴𝑡 = 2𝑒𝑡
𝐴𝑒𝑡 = 2𝑒𝑡 ⇒ 𝐴 = 2, Por lo tanto 𝑌𝑝 = 2𝑒𝑡𝑡
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑒𝑡 + 𝑐2𝑡𝑒
𝑡 + 2𝑒𝑡𝑡 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑙𝑛𝑥𝑒
𝑙𝑛𝑥+2𝑒𝑙𝑛𝑥𝑙𝑛𝑥
𝑦 = 𝑐1𝑥 + 𝑐2𝑥𝑙𝑛𝑥 + 2𝑥𝑙𝑛𝑥
14) 𝑥2𝑦′′ + 4𝑥𝑦′ + 2𝑦 = 2𝑙𝑛𝑥
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 4𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 2𝑦 = 2𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 3
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 2𝑦 = 2𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 3𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1, 𝑟2 = −2 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦𝑔 = 𝑐1𝑒−𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡
La solución particular será
𝑦𝑝 = 𝐴𝑡 + 𝐵
𝑦′𝑝 = 𝐴
𝑦′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 + 3𝐴 + 2 𝐴𝑡 + 2𝐵 = 2𝑡
⇒ 𝑦𝑝= 𝑡 −3
2
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡 + 𝑡 −3
2
Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑙𝑛𝑥 + 𝑙𝑛𝑥 −3
2
𝑦 = 𝑐11
𝑥+ 𝑐2
1
𝑥2+ 𝑙𝑛𝑥 −
3
2
15) 𝑥2𝑦′′ − 𝑥𝑦′ − 3𝑦 = −(16𝑙𝑛𝑥)𝑥−1
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡− 3𝑦 = −(16𝑡)𝑒−𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 2
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 3𝑦 = −(16𝑡)𝑒−𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 3 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1 − √8𝑖, 𝑟2 = 1 + √8𝑖 la ecuación general de la ecuación
diferencial homogénea es:
𝑦𝑔 = 𝑐1𝑒𝑡𝑠𝑒𝑛√8𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑡𝑐𝑜𝑠√8
La solución particular será
𝑦𝑝 = 𝑒−𝑡(𝐴𝑡 + 𝐵)
𝑦′𝑝 = 𝐴𝑒−𝑡𝑡 + 𝐴𝑒−𝑡 + 𝐵𝑒−𝑡
𝑦′′𝑝 = 𝐴𝑒−𝑡𝑡 + 2𝐴𝑒−𝑡 + 𝐵𝑒−𝑡
Reemplazando en la ecuación
𝐴𝑒−𝑡𝑡 + 2𝐴𝑒−𝑡 + 𝐵𝑒−𝑡 ⇒ 𝑦𝑝= 𝑡 −3
2
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡 + 𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑙𝑛𝑥 + 𝑙𝑛𝑥 −3
2
𝑦 = 𝑐11
𝑥+ 𝑐2
1
𝑥2+𝑙𝑛𝑥
𝑥+2𝑙𝑛2𝑥
2
16) 𝑥2𝑦′′ + 𝑥𝑦′ + 9𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(𝑙𝑛𝑥3) Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 9𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(3𝑡)
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 9𝑦 = 𝑠𝑒𝑛(3𝑡) , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 9 = 0 ⇒ 𝑟1 = −3𝑖, 𝑟2 = 3𝑖 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑦𝑔 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛3𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠3𝑡
La solución particular será
𝑦𝑝 = 𝐴𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡
𝑦′𝑝 = 𝐴𝑠𝑒𝑛3𝑡 + 3𝐴𝑥𝑐𝑜𝑠3𝑡
𝑦′′𝑝 = 3𝐴𝑐𝑜𝑠𝑡 + 3𝐴𝑐𝑜𝑠3𝑡 − 9𝐴𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡
Reemplazando en la ecuación
3𝐴𝑐𝑜𝑠3𝑡 + 3𝐴𝑐𝑜𝑠3𝑡 − 9𝐴𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡 + 9𝐴𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡 = 𝑠𝑒𝑛3𝑡
⇒ 𝑦𝑝=𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛3𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠3𝑡 + 𝑡𝑠𝑒𝑛3𝑡 Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑠𝑒𝑛(3𝑙𝑛𝑥) + 𝑐2𝑐𝑜𝑠(3𝑙𝑛𝑥) + 𝑙𝑛𝑥(𝑠𝑒𝑛(3𝑙𝑛𝑥))
17) 𝑥2𝑦′′ + 4𝑥𝑦′ + 2𝑦 = 2𝑙𝑛2𝑥 + 12𝑥
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) + 4𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 2𝑦 = 2𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2+ 3
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 2𝑦 = 2𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 3𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = −1, 𝑟2 = −2 la ecuación general de la ecuación diferencial
homogénea es:
𝑦𝑔 = 𝑐1𝑒−𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡
La solución particular será
𝑦𝑝 = 𝐴𝑡 + 𝐵
𝑦′𝑝 = 𝐴
𝑦′′𝑝 = 0
Reemplazando en la ecuación
0 + 3𝐴 + 2 𝐴𝑡 + 2𝐵 = 2𝑡
⇒ 𝑦𝑝= 𝑡 −3
2
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑡 + 𝑐2𝑒
−2𝑡 + 𝑡 −3
2
Pero 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒−𝑙𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑙𝑛𝑥 + 𝑙𝑛𝑥 −3
2
𝑦 = 𝑐11
𝑥+ 𝑐2
1
𝑥2+ 𝑙𝑛𝑥 −
3
2
18) 𝑥2𝑦′′ − 3𝑥𝑦′ + 4𝑦 = 𝑙𝑛𝑥
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 3𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 4𝑦 = 𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 4𝑦′ + 4𝑦 = 𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = 2
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒2𝑡 + 𝑐2𝑡𝑒
2𝑡
Como 𝑌𝑝 = 𝐴𝑙𝑛𝑥 + 𝐵
𝑌′𝑝 = 𝐴1
𝑥
𝑌′′𝑝 = 𝐴−1
𝑥2
Reemplazando en la ecuación
𝐴−1
𝑥2∓4𝐴
1
𝑥
2𝐴𝑡 + 2𝐴 + 2𝐵 = 6 − 𝑡
⇒ 𝐴 =−1
2, 𝐵 =
7
2, Por lo tanto 𝑌𝑝 = −
𝑡
2+
7
2
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+
7
2
la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+7
2
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛(𝑙𝑛𝑥) + 𝑐2𝑐𝑜𝑠(𝑙𝑛𝑥) −𝑙𝑛𝑥
2+7
2
19) (𝑥 + 1)2𝑦′′ − 3(𝑥 + 1)𝑦′ + 4𝑦 = (𝑥 + 1)3
Solución
Sea 𝑥 + 1 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 + 1), además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 3𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 4𝑦 = 𝑒3𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 4
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 4𝑦 = 𝑒3𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 4 = 0 ⇒ 𝑟1 = 2, 𝑟2 = 2 la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea
es:
𝑦𝑔 = 𝑐1𝑒2𝑡 + 𝑐2𝑡𝑒
2𝑡
𝑦𝑝 = 𝐴𝑒3𝑡
𝑦′𝑝= 3𝐴𝑒3𝑡
𝑦′′𝑝= 9𝐴𝑒3𝑡
Reemplazando en la ecuación diferencial
9𝐴𝑒3𝑡 − 12𝐴𝑒3𝑡 + 𝐴𝑒3𝑡 = 𝑒3𝑡
−2𝐴𝑒3𝑡 = 𝑒3𝑡 ⇒ 𝐴 =1
2
Por la tanto 𝑦𝑝 =1
2𝑒3𝑡
Pero 𝑡 = 𝑙𝑛(𝑥 + 1)
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑒2𝑙𝑛(𝑥+1), + 𝑐2𝑙𝑛(𝑥 + 1)𝑒
2𝑙𝑛(𝑥+1), +1
2𝑒3𝑙𝑛(𝑥+1),
𝑦 = 𝑐1(𝑥 + 1)2 + 𝑐2𝑙𝑛(𝑥 + 1)(𝑥 + 1)
2 +1
2(𝑥 + 1)3
20) 𝑥2𝑦′′ − 2𝑥𝑦′ + 2𝑦 = 3𝑥2 + 2𝑙𝑛𝑥
Solución
Sea 𝑥 = 𝑒𝑡 ⇒ 𝑡 = 𝑙𝑛𝑥, además 𝑑𝑦
𝑑𝑥= 𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡;𝑑2𝑦
𝑑𝑥2= 𝑒−2𝑡 (
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−
𝑑𝑦
𝑑𝑡)
Reemplazando en la ecuación diferencial
𝑒2𝑡𝑒−2𝑡 (𝑑2𝑦
𝑑𝑡2−𝑑𝑦
𝑑𝑡) − 2𝑒𝑡𝑒−𝑡
𝑑𝑦
𝑑𝑡+ 2𝑦 = 3𝑒𝑡 + 2𝑡
𝑑2𝑦
𝑑𝑡2− 3𝑦′ + 2𝑦 = 3𝑒𝑡 + 2𝑡 , es una ecuación homogénea de coeficientes constantes
Es decir:
Sea 𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0 ⇒ 𝑟1 = 1, 𝑟2 = 2
𝑌𝑔 = 𝑐1𝑒𝑡 + 𝑐2𝑒
2𝑡
Como 𝑌𝑝 = 3𝐴𝑡𝑒𝑡 + 𝐵𝑡 + 𝐶
𝑌′𝑝 = 3𝐴 𝑡𝑒𝑡
𝑌′′𝑝 = 𝐴−1
𝑥2
Reemplazando en la ecuación
𝐴−1
𝑥2∓4𝐴
1
𝑥
2𝐴𝑡 + 2𝐴 + 2𝐵 = 6 − 𝑡
⇒ 𝐴 =−1
2, 𝐵 =
7
2, Por lo tanto 𝑌𝑝 = −
𝑡
2+
7
2
La solución estará dada por 𝑌 = 𝑌𝑔 + 𝑌𝑝
Es decir 𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+
7
2
la ecuación general de la ecuación diferencial homogénea es:
𝑦(𝑡) = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑡 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑡 −𝑡
2+7
2
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛(𝑙𝑛𝑥) + 𝑐2𝑐𝑜𝑠(𝑙𝑛𝑥) −𝑙𝑛𝑥
2+7
2
OPERADORES DIFERENCIALES
I) ECUACION LINEAL HOMOGENEA
RESOLVER
1)𝑑2𝑦
𝑑𝑥2+
𝑑𝑦
𝑑𝑥− 6𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′ + 𝑦′ − 6𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 𝑟 − 6 = 0 (𝑟 − 2)(𝑟 + 3) = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = −3
𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
−3𝑥
2) 𝑑3𝑦
𝑑𝑥3−
𝑑2𝑦
𝑑𝑥2− 12
𝑑𝑦
𝑑𝑥= 0
Solución:
𝑦′′′ − 𝑦′′ − 12𝑦′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 𝑟2 − 12𝑟 = 0 (𝑟 − 4)(𝑟 + 3)(𝑟) = 0
𝑟1 = 4, 𝑟2 = −3, 𝑟3 = 0
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒−3𝑥 + 𝑐3𝑒
4𝑥
3) 𝑑3𝑦
𝑑𝑥3+ 2
𝑑2𝑦
𝑑𝑥2− 5
𝑑𝑦
𝑑𝑥− 6𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′′ + 2𝑦′′ − 5𝑦′ − 6 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 𝑟2 − 12𝑟 = 0 (𝑟 − 2)(𝑟 + 1)(𝑟 + 3) = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = −1, 𝑟3 = −3
𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
−1𝑥 + 𝑐3𝑒−3𝑥
4)(𝐷3 − 3𝐷2 + 3𝐷 − 1)𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′′ − 3𝑦′′ + 3𝑦′ − 𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 3𝑟2 + 3𝑟 − 1 = 0 (𝑟 − 1)(𝑟 − 1)(𝑟 − 1) = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = 1, 𝑟3 = 1
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒𝑥
5)(𝐷4 − 6𝐷3 + 5𝐷2 − 24𝐷 − 36)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝐼𝑉 − 6𝑦′′′ + 5𝑦′′ − 24𝑦′ − 36𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 6𝑟3 + 5𝑟2 − 24𝑟 − 36 = 0
(𝑟 + 1)(𝑟 − 6)(𝑟2 − 13 + 6) = 0
𝑟1 = −1, 𝑟2 = 6, 𝑟3 =1
2+√23
2𝑖, 𝑟4 =
1
2−√23
2𝑖
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
6𝑥 + 𝑐3𝑒12𝑥𝑠𝑒𝑛 (
√23
2𝑥) + 𝑐4𝑒
12𝑥𝑐𝑜𝑠 (
√23
2𝑥)
6) (𝐷4 − 𝐷3 − 9𝐷2 − 11𝐷 − 4)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝐼𝑉 − 𝑦′′′ − 9𝑦′′ − 11𝑦′ − 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 𝑟3 − 9𝑟2 − 11𝑟 − 4 = 0 (𝑟 + 1)(𝑟 − 4)(𝑟 + 1)(𝑟 + 1) = 0
𝑟1 = −1, 𝑟2 = 4, 𝑟3 = −1, 𝑟4 = −1
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒−𝑥 + 𝑐4𝑒
4𝑥
7)(𝐷2 − 2𝐷 + 10)𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′ − 2𝑦′ + 10𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 10 = 0
𝑟1 = 1 + 3𝑖, 𝑟2 = 1 − 3𝑖 𝑦 = 𝑐1𝑒
𝑥𝑠𝑒𝑛3𝑥 + 𝑐2𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠3𝑥
8)(𝐷3 + 4𝐷)𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′′ + 4𝑦′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 + 4𝑟 = 0
(𝑟)(𝑟2 + 4) = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 2𝑖, 𝑟3 = −2𝑖 𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐3𝑐𝑜𝑠2𝑥
9) (𝐷4 + 𝐷3 − 2𝐷2 + 𝐷 + 3)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝐼𝑉 − 𝑦′′′ − 9𝑦′′ − 11𝑦′ − 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 𝑟3 − 9𝑟2 − 11𝑟 − 4 = 0 (𝑟 + 1)(𝑟 − 4)(𝑟 + 1)(𝑟 + 1) = 0
𝑟1 = −1, 𝑟2 = 4, 𝑟3 = −1, 𝑟4 = −1
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑥2𝑒−𝑥 + 𝑐4𝑒
4𝑥
10) (𝐷4 + 5𝐷2 − 36)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝐼𝑉 + 5𝑦′′− 36 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟4 + 5𝑟2 − 36 = 0
(𝑟2 + 9)(𝑟2 − 4) = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = −2, 𝑟3 = −3𝑖, 𝑟4 = 3𝑖 𝑦 = 𝑐1𝑒
2𝑥 + 𝑐2𝑒−2𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛3𝑥 + 𝑐4𝑐𝑜𝑠3𝑥
11)(𝐷2 − 2𝐷 + 5)2 𝑦 = 0
12) (𝐷2 + 2𝐷 − 15)𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′ + 2𝑦′ − 15𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 − 15 = 0
𝑟1 = 3, 𝑟2 = −5
𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
−5𝑥
13) (𝐷3 + 𝐷2 − 2𝐷)𝑦 = 0
Solución:
𝑦′′′ + 𝑦′′ − 2𝑦′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 + 𝑟2 − 2𝑟 = 0
(𝑟)(𝑟 − 1)(𝑟 + 2) = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 1, 𝑟3 = −2
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒𝑥 + 𝑐3𝑒
−2𝑥
14) (𝐷4 − 6𝐷3 + 13𝐷2 − 12𝐷 + 4)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝐼𝑉 − 6𝑦′′′ + 13𝑦′′ − 12𝑦′ + 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟4 − 6𝑟3 + 13𝑟2 − 12𝑟 + 4 = 0 (𝑟 − 1)(𝑟 − 1)(𝑟 − 2)(𝑟 − 2) = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = 1, 𝑟3 = 2, 𝑟4 = 2
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
𝑥 + 𝑐3𝑒2𝑥 + 𝑐4𝑥𝑒
2𝑥
15)(𝐷6 + 9𝐷4 + 24𝐷2 + 16)𝑦 = 0
Solución:
𝑦𝑉𝐼 + 9𝑦𝐼𝑉 + 24𝑦′′ + 16𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟6 + 9𝑟4 + 24𝑟2 + 16 = 0
(𝑟2 + 1)(𝑟2 + 4)(𝑟2 + 4) = 0
𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖, 𝑟3 = 2𝑖,𝑟4 = −2𝑖, 𝑟5 = 2𝑖, 𝑟6 =–2𝑖 𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑐3𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐4𝑐𝑜𝑠2𝑥 + 𝑐5𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐6𝑥𝑐𝑜𝑠2𝑥 II) ECUACIONES LINEALES CON COEFICIENTES CONSTANTES
RESOLVER
1)(𝐷2 − 3𝐷 + 2)𝑦 = 𝑒𝑥
Solución:
𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =1
𝐹(𝐷)𝑒𝛼𝑥 =
1
𝐹(𝛼)𝑒𝑥 =
𝑒𝑥
(𝐷 − 2)(𝐷 − 1)=
1
(𝐷 − 2)[
𝑒𝑥
(𝐷 − 1)]
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥∫𝑒𝑥∫𝑒−𝑥𝑒𝑥 (𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥∫𝑒𝑥𝑥𝑑𝑥
𝑦𝑝 = −𝑥𝑒𝑥 − 𝑒𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 − 𝑥𝑒𝑥 − 𝑒𝑥
2) (𝐷3 + 3𝐷2 − 4)𝑦 = 𝑥𝑒−2𝑥
Solución:
𝑦′′′ + 3𝑦′′ − 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 + 3𝑟2 − 4 = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = −2, 𝑟3 = −2
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑥 + 𝑐3𝑥𝑒−2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 ==𝑥𝑒−2𝑥
(𝐷 − 1)(𝐷 + 2)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒−3𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒2𝑥𝑥𝑒−2𝑥 (𝑑𝑥)3
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒−3𝑥∫𝑥2
2(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒−3𝑥𝑥
6
3
𝑑𝑥
𝑦𝑝 = −1
18(𝑥3 + 𝑥2)𝑒−2𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−2𝑥 + 𝑐3𝑥𝑒−2𝑥 −
1
18(𝑥3 + 𝑥2)𝑒−2𝑥
3) (𝐷2 − 3𝐷 + 2)𝑦 = 𝑒5𝑥
Solución:
𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒5𝑥
(𝐷 − 2)(𝐷 − 1)=
𝑒5𝑥
(5 − 2)(5 − 1)=𝑒5𝑥
12
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 +𝑒5𝑥
12
4) (𝐷2 + 5𝐷 + 4)𝑦 = 3 − 2𝑥
Solución:
𝑦′′ + 5𝑦′ + 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 5𝑟 + 4 = 0
𝑟1 = −4, 𝑟2 = −1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒−4𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =3 − 2𝑥
(𝐷 + 4)(𝐷 + 1)
𝑦𝑝 = 𝑒−4𝑥∫𝑒−3𝑥∫𝑒𝑥(3 − 2𝑥) (𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 =2𝑒𝑥
5−9𝑒4𝑥
16
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒−4𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥+2𝑒𝑥
5−
9𝑒4𝑥
16
5) (𝐷3 − 5𝐷2 + 8𝐷 − 4)𝑦 = 𝑒2𝑥
Solución:
𝑦′′′ − 5𝑦′′ + 8𝑦′ − 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 5𝑟2 + 8𝑟 − 4 = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = 2, 𝑟3 = 2
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑥𝑒2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 ==𝑒2𝑥
(𝐷 − 1)(𝐷 − 2)(𝐷 − 2)
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒2𝑥𝑒−2𝑥 (𝑑𝑥)3
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒𝑥∫𝑥2
2(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒𝑥𝑥
6
3
𝑑𝑥
𝑦𝑝 = (𝑥2
2− 𝑥 −
1
2) 𝑒−2𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑐3𝑥𝑒2𝑥 + (
𝑥2
2− 𝑥 −
1
2) 𝑒−2𝑥
6) (𝐷2 + 9)𝑦 = 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
Solución:
𝑦′′ + 9𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 5𝑟 + 4 = 0
𝑟1 = −3𝑖, 𝑟2 = 3𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛3𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠3𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
𝐷2 + 9
𝑦𝑝 = 𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
𝐷2 + 9−
2𝐷
𝐷4 + 18𝐷2 + 81𝑐𝑜𝑠𝑥
𝑦𝑝 =𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
8−
2𝐷
1 − 18 + 81
𝑦𝑝 =𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
8−𝑠𝑒𝑛𝑥
64
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛3𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠3𝑥 +𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
8−𝑠𝑒𝑛𝑥
64
7) (𝐷2 + 4)𝑦 = 2𝑐𝑜𝑠𝑥𝑐𝑜𝑠3𝑥
Solución:
𝑦′′ + 4𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4 = 0
𝑟1 = −2𝑖, 𝑟2 = 2𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥
4𝑐𝑜𝑠 (𝑥 −
𝜋
2) =
𝑥
4𝑠𝑒𝑛𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥 +𝑥
4𝑠𝑒𝑛𝑥
8) (𝐷2 − 9𝐷 + 18)𝑦 = 𝑒𝑒−3𝑥
Solución:
𝑦′′ − 9𝑦′ + 18𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 9𝑟 + 18 = 0
𝑟1 = 3, 𝑟2 = 6
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
6𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒𝑒
−3𝑥
(𝐷 − 3)(𝐷 − 6)
𝑦𝑝 = 𝑒3𝑥∫𝑒3𝑥∫𝑒−6𝑥𝑒𝑒−3𝑥
(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 =𝑒𝑒
−3𝑥
9𝑒6𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
6𝑥 +𝑒𝑒
−3𝑥
9𝑒6𝑥
9) (𝐷2 − 4𝐷 + 3)𝑦 = 1
Solución:
𝑦′′ − 4𝑦′ + 3𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 3 = 0
𝑟1 = 3, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =1
3
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 +1
3
10)(𝐷2 − 4𝐷)y = 5
Solución:
𝑦′′ − 4𝑦′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 4
𝑦𝑐 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒4𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑅°𝑥
𝑘
𝑎𝑥=5𝑥
−4= −
5𝑥
4
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒4𝑥 −
5𝑥
4
11) (𝐷3 − 4𝐷2)y = 5
Solución:
𝑦′′′ − 4𝑦′′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 − 4𝑟2 = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 𝑟3 = 4
𝑦𝑐 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑒4𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑅°𝑥
𝑘
𝑎𝑥=5𝑥
−4= −
5𝑥
4
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑒4𝑥 −
5𝑥
4
12) (𝐷5 − 4𝐷3)y = 5
Solución:
𝑦𝑉𝐼 − 4𝑦′′′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟5 − 4𝑟3 = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 0 , 𝑟3 = 0, 𝑟4 = −2, 𝑟5 = 2
𝑦𝑐 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑥2+𝑐4𝑒
2𝑥+𝑐5𝑒−2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑅°𝑥
𝑘
𝑎𝑥=5𝑥2
−4= −
5𝑥2
4
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑥 + 𝑐3𝑥2+𝑐4𝑒
2𝑥+𝑐5𝑒−2𝑥 −
5𝑥2
4
13) (𝐷2 − 1)𝑦 = 𝑠𝑒𝑛2𝑥
Solución:
𝑦′′ − 𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑠𝑒𝑛2𝑥
(𝐷 + 4)(𝐷 + 1)
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒−2𝑥∫𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥 (𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = −1
2+𝑐𝑜𝑠2𝑥
10
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 −1
2+𝑐𝑜𝑠2𝑥
10
14) (𝐷2 + 1)𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución:
𝑦′′ + 𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0
𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝐷2 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
1 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 +𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
15) (𝐷2 − 3𝐷 + 2)𝑦 = 𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥
Solución:
𝑦′′ − 3𝑦′ + 2𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 3𝑟 + 2 = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥
(𝐷 − 2)(𝐷 − 1)
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥∫𝑒−𝑥∫𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 (𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥∫𝑒𝑥𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥 𝑑𝑥
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥+𝑒2𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥
III) ECUACIONES LINEALES CON COEFICIENTES CONSTANTES (VARIACION DE
PARAMETROS, COEFICIENTES INDETERMINADOS, OTROS)
RESOLVER
1) (𝐷2 − 2𝐷)𝑦 = 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
Solución:
𝑦′′ − 2𝑦′ = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 = 0
𝑟1 = 0, 𝑟2 = 2
𝑦𝑐 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝐷(𝐷 − 2)=1
𝐷[𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
𝐷 − 2]
𝑦𝑝 = 𝑒0𝑥∫𝑒2𝑥∫𝑒2𝑥 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = ∫𝑒2𝑥∫𝑒3𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑥(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = −𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
3
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1 + 𝑐2𝑒2𝑥 −
𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥
3
2) (𝐷2 + 𝐷)𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución:
𝑦′′ + 𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0
𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝐷2 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
1 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 +𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
3) (𝐷2 − 6𝐷 + 9)𝑦 = 𝑥−2𝑒3𝑥
Solución:
𝑦′′ − 6𝑦′ + 9𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 6𝑟 + 9 = 0
𝑟1 = 3, 𝑟2 = 3
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
3𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥−2𝑒3𝑥
(𝐷 − 3)(𝐷 − 3)=
1
(𝐷 − 3)[𝑥−2𝑒3𝑥
(𝐷 − 3)]
𝑦𝑝 = 𝑒3𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒−3𝑥 𝑥−2𝑒3𝑥(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒3𝑥∫∫𝑥−2 (𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = −𝑒3𝑥𝑙𝑛𝑥
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒3𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
3𝑥−𝑒3𝑥𝑙𝑛𝑥
4) (𝐷2 − 2𝐷 + 3)𝑦 = 𝑥3 + 𝑠𝑒𝑛𝑥
Solución:
𝑦′′ − 2𝑦′ + 3𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 2𝑟 + 3 = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = 2
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥3 + 𝑠𝑒𝑛𝑥
(𝐷 − 1)(𝐷 − 2)=
1
(𝐷 − 1)[𝑥3 + 𝑠𝑒𝑛𝑥
(𝐷 − 2)]
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒𝑥∫𝑒−2𝑥 (𝑥3 + 𝑠𝑒𝑛𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒𝑥∫𝑒−2𝑥 (𝑥3 + 𝑠𝑒𝑛𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
2𝑥 + 𝑦𝑝
5) (𝐷3 + 2𝐷2 − 𝐷 − 2)𝑦 = 𝑒𝑥 + 𝑥2
Solución:
𝑦′′′ + 2𝑦′′ − 𝑦′ − 2𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟3 + 2𝑟2 − 𝑟 − 2 = 0
𝑟1 = 1, 𝑟2 = −1, 𝑟3 = −2
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑒−2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒𝑥 + 𝑥2
(𝐷 − 1)(𝐷 + 1)(𝐷 + 2)=
1
(𝐷 − 1)(𝐷 + 1)[𝑒𝑥 + 𝑥2
(𝐷 + 2)]
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒−𝑥∫(𝑒𝑥 + 𝑥2) (𝑑𝑥)3
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫∫𝑒−𝑥∫(𝑒𝑥 + 𝑥2) (𝑑𝑥)3
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥 + 𝑐3𝑒−2𝑥 + 𝑦𝑝
6) (𝐷2 − 4𝐷 + 4)𝑦 = 𝑥3𝑒2𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥
Solución:
𝑦′′ − 4𝑦′ + 4 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 4 = 0
𝑟1 = 2, 𝑟2 = 2
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
2𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥3𝑒2𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥
(𝐷 − 2)(𝐷 − 2)=
1
(𝐷 − 2)[𝑥3𝑒2𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥
(𝐷 − 2)]
𝑦𝑝 = 𝑒2𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒−2𝑥 (𝑥3𝑒2𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫∫𝑒−2𝑥 (𝑥3𝑒2𝑥 + 𝑥𝑒2𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥 (𝑥5
20+𝑥3
6)
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒2𝑥 + 𝑐2𝑥𝑒
2𝑥 + 𝑒𝑥 (𝑥5
20+𝑥3
6)
7) (𝐷2 + 4)𝑦 = 𝑥2𝑠𝑒𝑛2𝑥
Solución:
𝑦′′ + 4 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4 = 0
𝑟1 = 2𝑖, 𝑟2 = −2𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑥2𝑠𝑒𝑛2𝑥
𝐷2 + 4=𝑥2𝑠𝑒𝑛2𝑥
8
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥 +𝑥2𝑠𝑒𝑛2𝑥
8
8) (𝐷2 + 1)𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
Solución:
𝑦′′ + 𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 1 = 0
𝑟1 = 𝑖, 𝑟2 = −𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
𝐷2 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
1 + 1=𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠𝑥 +𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥
2
9) (𝐷2 + 4)𝑦 = 4𝑠𝑒𝑐22𝑥
Solución:
𝑦′′ + 4 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 4 = 0
𝑟1 = 2𝑖, 𝑟2 = −2𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =4𝑠𝑒𝑐22𝑥
𝐷2 + 4=𝑠𝑒𝑐22𝑥
2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠2𝑥 +𝑠𝑒𝑐22𝑥
2
10) (𝐷2 − 4𝐷 + 3)𝑦 = (1 + 𝑒−𝑥)−1
Solución:
𝑦′′ − 4𝑦′ + 3 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 4𝑟 + 3 = 0
𝑟1 = 3, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
3𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =(1 + 𝑒−𝑥)−1
(𝐷 − 3)(𝐷 − 1)=
1
(𝐷 − 3)[(1 + 𝑒−𝑥)−1
(𝐷 − 1)]
𝑦𝑝 = 𝑒3𝑥∫𝑒−2𝑥∫𝑒−𝑥 (1 + 𝑒−𝑥)−1(𝑑𝑥)2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒𝑥 + 𝑐2𝑒
3𝑥 + 𝑦𝑝
11) (𝐷2 − 1)𝑦 = 𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 + 𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥
Solución:
𝑦′′ − 1 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0
𝑟1 = −1, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 + 𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥
(𝐷 + 1)(𝐷 − 1)=
1
(𝐷 + 1)[𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 + 𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥
(𝐷 − 1)]
𝑦𝑝 = 𝑒𝑥∫𝑒0𝑥∫𝑒𝑥 (𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑒−𝑥 + 𝑐𝑜𝑠𝑒−𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 + 𝑦𝑝
12) (𝐷2 + 2)𝑦 = 2 + 𝑒𝑥
Solución:
𝑦′′ + 2 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2 = 0
𝑟1 = −√2𝑖, 𝑟2 = √2𝑖
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛√2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠√2𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =2 + 𝑒𝑥
𝐷2 + 2=2 + 𝑒𝑥
√2 + 2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑠𝑒𝑛√2𝑥 + 𝑐2𝑐𝑜𝑠√2𝑥 +2 + 𝑒𝑥
√2 + 2
13) (𝐷2 − 1)𝑦 = 𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥
Solución:
𝑦′′ − 1 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 − 1 = 0
𝑟1 = −1, 𝑟2 = 1
𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥
(𝐷 + 1)(𝐷 − 1)=
1
(𝐷 + 1)[𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥
(𝐷 − 1)]
𝑦𝑝 = 𝑒−𝑥∫𝑒2𝑥∫𝑒−𝑥 (𝑒𝑥𝑠𝑒𝑛2𝑥)(𝑑𝑥)2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥 + 𝑐2𝑒
𝑥 + 𝑦𝑝
14) (𝐷2 + 2𝐷 + 2)𝑦 = 𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥2
Solución:
𝑦′′ + 2𝑦′ + 2𝑦 = 0
𝑃(𝑟) = 𝑟2 + 2𝑟 + 2 = 0
𝑟1 = −1 + 𝑖, 𝑟2 = −1 − 𝑖 𝑦𝑐 = 𝑐1𝑒
−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒−𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥
Calculando la solución particular
𝑦𝑝 =𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥2
𝐷2 − 2𝐷 − 2=𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥2
−2𝐷 − 3
𝑦𝑝 = 𝑒32𝑥∫𝑒
32𝑥 (𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑥2)(𝑑𝑥)2
𝑦 = 𝑦𝑐 + 𝑦𝑝
𝑦 = 𝑐1𝑒−𝑥𝑠𝑒𝑛𝑥 + 𝑐2𝑒
−𝑥𝑐𝑜𝑠𝑥 + 𝑦𝑝
INTEGRACION POR SERIES
1).-Resolver 𝒚′ − 𝒚 − 𝒙𝟐 = 𝟎 mediante una serie de potencia de 𝒙 que satisfaga la condición 𝒚 =𝒚𝟎 para 𝒙 = 𝒐.
Solución
Sea:
𝑦0 = 𝑦 = 3 ; 𝑥0 = 𝑥 = 2
𝒊).−𝐻𝑎𝑐𝑒𝑚𝑜𝑠 𝑣 = 𝑥 − 2 ⇒ 𝑥 = 𝑣 + 2 ⇒ 𝑑𝑥 = 𝑑𝑣
𝐿𝑢𝑒𝑔𝑜 𝑑𝑦
𝑑𝑥=𝑑𝑦
𝑑𝑣= 𝑣2 + 𝑦 − 3 = 𝐹(𝑣, 𝑦)
𝒊𝒊). −Suponiendo que:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑣 + 𝐴2𝑣2 + 𝐴3𝑣
3 + 𝐴4𝑣4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯---( )
Luego:𝑦′ − 𝑣2 − 𝑦 + 3 = 0 será de la forma:
𝑦′ = 𝐴1 + 2𝐴2𝑣 + 3𝐴3𝑣2 + 4𝐴4𝑣
3 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑣𝑛−1 +⋯
−𝑣2 = −𝑣2
−𝑦 = −𝐴0 − 𝐴1𝑣 − 𝐴2𝑣2 − 𝐴3𝑣
3 − 𝐴4𝑣4 −⋯− 𝐴𝑛𝑣
𝑛 −⋯
3 = 3
𝑦′ − 𝑣2 − 𝑦 + 3 = (𝐴1 − 𝐴0 + 3) + (2𝐴2 − 𝐴1)𝑣 + (3𝐴3 − 𝐴2 − 1)𝑣2 + (4𝐴4 − 𝐴3)𝑣
3 +⋯+ (𝑛𝐴𝑛 − 𝐴𝑛−1)𝑣
𝑛−1 + ((𝑛 + 1)𝐴𝑛+1 − 𝐴𝑛)𝑣𝑛 +⋯
Como 𝑦′ − 𝑣2 − 𝑦 + 3 = 0 se dirá lo siguiente:
2𝐴0 − 𝐴1 = 0 ⇒ 𝐴1 = 𝐴0 − 3 = 𝑦0 − 3 ⇒𝐴𝟏 = 𝑂
2𝐴0 − 𝐴1 = 0 ⇒ 𝐴2 = 0
3𝐴3 − 𝐴2 − 1 = 0 ⇒ 𝐴3 =1
3
4𝐴4 − 𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴4 =1
4∗3
5𝐴5 − 𝐴4 = 0 ⇒ 𝐴5 =1
5∗4∗3
⇒ 𝑨𝒏 =𝟐
𝒏! ∀n≥ 𝟑
Luego reemplazando en ( ) tenemos lo siguiente:
𝑦 = 3 +1
3𝑣3 ∗ (
2
2) + ⋯+
2
𝑛!𝑣𝑛 +⋯
𝒊𝒊𝒊). −𝐻𝑎𝑐𝑖𝑒𝑛𝑑𝑜 𝑣 = 𝑥 − 2 𝑠𝑒 𝑡𝑖𝑒𝑛𝑒:
∴ 𝒚 = 𝟑 +𝟐
𝟑!(𝒙 − 𝟐)𝟑 +
𝟐
𝟒!(𝒙 − 𝟐)𝟒…+
𝟐
𝒏!(𝒙 − 𝟐)𝒏 +⋯
Solución
La ecuación diferencial será:
(𝟏 − 𝒙)𝒚′ + 𝒚 − 𝟐𝒙 = 𝟎 Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Donde 𝑨𝟎 = 𝒚𝟎 y las restantes 𝐴𝑖 ∀𝑖 = 1,2, … son constantes para determinar.
Sea:
(1 − 𝑥)𝑦′ = 𝐴1(1 − 𝑥) + 2𝐴2(𝑥 − 𝑥2) + 3𝐴3(𝑥
2 − 𝑥3) + ⋯+ 𝑛𝐴𝑛(𝑥𝑛−1 − 𝑥𝑛) + (𝑛 + 1)𝐴𝑛+1(𝑥
𝑛
− 𝑥𝑛+1) + ⋯
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 + 𝐴𝑛+1𝑥𝑛+1 +⋯
−2𝑥 = −2𝑥
(1 − 𝑥)𝑦′ + 𝑦 − 2𝑥= (𝐴1 + 𝐴0) + (2𝐴2 − 2)𝑥 + (−𝐴2 + 3𝐴3)𝑥
2 + (−2𝐴3 + 4𝐴4)𝑥3 +⋯
+ (−(n − 1)𝐴𝑛 − (𝑛 + 1)𝐴𝑛+1)𝑥𝑛 +⋯
0 = (𝐴1 + 𝐴0) + (2𝐴2 − 2)𝑥 + (−𝐴2 + 3𝐴3)𝑥2 + (−2𝐴3 + 4𝐴4)𝑥
3 +⋯+ (−(n − 1)𝐴𝑛 − (𝑛 + 1)𝐴𝑛+1)𝑥
𝑛 +⋯
3)Resolver (𝟏 − 𝒙)𝒚′ = 𝟐𝒙 − 𝒚 mediante una serie que satisfaga la condición 𝒚 = 𝒚𝟎 cuando 𝒙 =𝒐.
Por lo tanto:
𝐴1 + 𝐴0 = 0 ⇒ 𝐴1 = −𝐴0 = −𝑦0 ⇒ 𝐴1 = −𝑦0
2𝐴2 − 2 = 0 ⇒ 𝐴2 = 1
−𝐴2 + 3𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴3 =1
3
−2𝐴3 + 4𝐴4 = 0 ⇒𝐴𝟒 =1
2∗3
.
−(n − 1)𝐴𝑛 − (𝑛 + 1)𝐴𝑛+1 = 0 ⇒
𝟐
(𝒏−𝟏)∗𝒏∀𝒏 ≥ 𝟐
.
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
∴ 𝒚 = 𝒚𝟎 − 𝒚𝟎𝒙 +𝟐
𝟐𝒙𝟐 +
𝟐 ∗ 𝟏
𝟐 ∗ 𝟑𝒙𝟑 +
𝟐
𝟒 ∗ 𝟑𝒙𝟒 +⋯+
𝟐
(𝒏 − 𝟏) ∗ 𝒏𝒙𝒏 +⋯
5).- Resolver 𝒙𝒚′ − 𝒚 = 𝒙 + 𝟏 mediante potencias de (𝒙 − 𝟏).
Solución
La ecuación diferencial será:
𝒙𝒚′ − 𝒚 − 𝒙 − 𝟏 = 𝟎
Además:
𝑣 = 𝑥 − 1 ⇒ 𝑥 = 𝑣 + 1 ⇒ 𝑑𝑥 = 𝑑𝑣
𝐿𝑢𝑒𝑔𝑜 𝑑𝑦
𝑑𝑥=𝑑𝑦
𝑑𝑣=𝑦 + 𝑣 + 2
(𝑣 + 1)= 𝐹(𝑣, 𝑦)
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑣 + 𝐴2𝑣2 + 𝐴3𝑣
3 + 𝐴4𝑣4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯---( )
Luego:(𝑣 + 1)𝑦′ − 𝑦 − 𝑣 − 2 = 0 será de la forma:
(𝑣 + 1)𝑦′ = 𝐴1𝑣 + 𝐴1 + 2𝐴2𝑣 + 2𝐴2𝑣2 + 3𝐴3𝑣
2 + 4𝐴4𝑣3 + 4𝐴4𝑣
4 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑣𝑛−1 + 𝑛𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯
−𝑦 = 𝐴0 − 𝐴1𝑣 − 𝐴2𝑣2 − 𝐴3𝑣
3 − 𝐴4𝑣4 −⋯− 𝐴𝑛𝑣
𝑛 −⋯
−𝑣 = −𝑣
−2 = −2
Como:
(𝑣 + 1)𝑦′ − 𝑦 − 𝑣 − 2 = 0
Se dirá lo siguiente:
−𝐴0 − 2 + 𝐴1 = 0 ⇒ 𝐴1 = 3
2𝐴2 − 1 = 0 ⇒ 𝐴2 =1
2
3𝐴3 + 𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴3 =−1
2∗3
4𝐴4 + 2𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴4 =2
2∗3∗4
3𝐴4 + 5𝐴5 = 0 ⇒ 𝐴5 =6
2∗3∗4∗5
.
⇒ 𝐴𝑛+1 =−(𝑛−1)𝐴𝑛
(𝑛+1) ∀n≥ 𝟐
Luego reemplazando en ( ) tenemos lo siguiente:
𝑦 = 1 + 3𝑣 +𝑣2
2−
𝑣3
2 ∗ 3+
2𝑣4
2 ∗ 3 ∗ 4−
6𝑣5
2 ∗ 3 ∗ 4 ∗ 5+ ⋯
𝑦 = 1 + 3𝑣 +𝑣2
2!−𝑣3
3!+2𝑣4
4!−6𝑣5
5!+ ⋯
𝑦 = 𝐻𝑎𝑐𝑖𝑒𝑛𝑑𝑜 𝑣 = 𝑥 − 1 𝑠𝑒 𝑡𝑖𝑒𝑛𝑒:
∴ 𝒚 = 𝟏 + 𝟑(𝒙 − 𝟏) +(𝒙 − 𝟏)𝟐
𝟐!−(𝒙 − 𝟏)𝟑
𝟑!+𝟐(𝒙 − 𝟏)𝟒
𝟒!−𝟔(𝒙 − 𝟏)𝟓
𝟓!+ ⋯
7).- Resolver (𝟏 + 𝒙𝟐)𝒚′′ + 𝒙𝒚′ − 𝒚 = 𝟎 mediante potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
(𝟏 + 𝒙𝟐)𝒚′′ + 𝒙𝒚′ − 𝒚 = 𝟎
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
(1 + 𝑥2)𝑦′′ = 2𝐴2 + 2𝐴2𝑥2 + 6𝐴3𝑥 + 6𝐴3𝑥
3 + 12𝐴4𝑥2 + 12𝐴4𝑥
4 + 20𝐴5𝑥3 + 20𝐴5𝑥
5 + 30𝐴6𝑥4
+ 30𝐴6𝑥6 +⋯+ (𝑛 ∗ (𝑛 − 1))𝐴𝑛𝑥
𝑛−2 + (𝑛 ∗ (𝑛 − 1))𝐴𝑛𝑥𝑛 +⋯
𝑥𝑦′ = 𝐴1𝑥 + 2𝐴2𝑥2 + 3𝐴3𝑥
3+4𝐴4𝑥4 + 5𝐴5𝑥
5 + 6𝐴6𝑥6 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯
−𝑦 = 𝐴0 − 𝐴1𝑥 − 𝐴2𝑥2 − 𝐴3𝑥
3 − 𝐴4𝑥4 −⋯− 𝐴𝑛𝑥
𝑛 −⋯
(𝟏 + 𝒙𝟐)𝒚′′ + 𝒙𝒚′ − 𝒚= (𝟐𝐴2 − 𝐴0) + (6𝐴3)𝑥 + (3𝐴2 + 12𝐴4)𝑥
2 + (8𝐴3 + 20𝐴5)𝑥3 + (15𝐴4 + 30𝐴6)𝑥
4
+⋯+ ((𝑛2 − 1)𝐴𝑛 + (𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2)𝑥𝑛 +⋯
0 = (𝟐𝐴2 − 𝐴0) + (6𝐴3)𝑥 + (3𝐴2 + 12𝐴4)𝑥2 + (8𝐴3 + 20𝐴5)𝑥
3 + (15𝐴4 + 30𝐴6)𝑥4 +⋯
+ ((𝑛2 − 1)𝐴𝑛 + (𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2)𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
𝟐𝐴2 − 𝐴0 = 0 ⇒ 𝐴2 =𝐴0
𝟐
6𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴3 = 0
3𝐴2 + 12𝐴4 = 0 ⇒ 𝐴4 = −𝐴0
𝟖
8𝐴3 + 20𝐴5 = 0 ⇒𝐴𝟓 = 0
2𝐴6 + 𝐴4 = 0 ⇒ 𝐴6 =𝐴0
16
.
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 +𝐴0𝟐𝑥2 + (0)𝑥3 −
𝐴0𝟖𝑥4 + (0)𝑥5 +
𝐴016𝑥6 +⋯
∴ 𝒚 = 𝑨𝟎 (𝟏 +𝒙𝟐
𝟐−𝒙𝟒
𝟖+𝒙𝟔
𝟏𝟔…) + 𝑨𝟏𝒙
9).- Resolver 𝒚′′ − 𝟐𝒙𝟐𝒚′ + 𝟒𝒙𝒚 = 𝒙𝟐 + 𝟐𝒙 + 𝟐 mediante potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
𝒚′′ − 𝟐𝒙𝟐𝒚′ + 𝟒𝒙𝒚 − 𝒙𝟐 − 𝟐𝒙 − 𝟐 = 𝟎
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
𝑦′′ = 2𝐴2 + 6𝐴3𝑥 + 12𝐴4𝑥2 + 20𝐴5𝑥
3 + 30𝐴6𝑥4 +⋯+
(𝑛 ∗ (𝑛 − 1))𝐴𝑛𝑥𝑛−2 +⋯
−2𝑥2𝑦′ = −2𝐴1𝑥2 − 4𝐴2𝑥
3 − 6𝐴3𝑥4−8𝐴4𝑥
5 − 10𝐴5𝑥6 −⋯− 2𝑛𝐴𝑛𝑥
𝑛+1 −⋯
4𝑥𝑦 = 4𝐴0𝑥 + 4𝐴1𝑥2 + 4𝐴2𝑥
3 + 4𝐴3𝑥4 + 4𝐴4𝑥
5 +⋯+ 4𝐴𝑛𝑥𝑛+1 +⋯
−𝑥2 = −𝑥2
−2𝑥 = −2𝑥
−2 = −2
𝒚′′ − 𝟐𝒙𝟐𝒚′ + 𝟒𝒙𝒚 − 𝒙𝟐 − 𝟐𝒙 − 𝟐= (𝟐𝐴2 − 2𝐴1 − 2) + (6𝐴3 + 4𝐴0 − 2)𝑥 + (12𝐴4 − 2𝐴1 + 4𝐴1 − 1)𝑥
2 + (20𝐴5− 4𝐴2+4𝐴2)𝑥
3 + (30𝐴6 − 6𝐴3 + 4𝐴3)𝑥4 +⋯
+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − (2𝑛 − 2)𝐴𝑛−1 + 4𝐴𝑛−1)𝑥𝑛 +⋯
0 = (𝟐𝐴2 − 2𝐴1 − 2) + (6𝐴3 + 4𝐴0 − 2)𝑥 + (12𝐴4 − 2𝐴1 + 4𝐴1 − 1)𝑥2 + (20𝐴5 − 4𝐴2+4𝐴2)𝑥
3
+ (30𝐴6 − 6𝐴3 + 4𝐴3)𝑥4 +⋯
+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − (2𝑛 − 2)𝐴𝑛−1 + 4𝐴𝑛−1)𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
𝟐𝐴2 − 2𝐴1 − 2 = 0 ⇒ 𝐴2 = 𝐴1 + 1
6𝐴3 + 4𝐴0 − 2 = 0 ⇒ 𝐴3 =1−2𝐴0
3
12𝐴4 − 2𝐴1 + 4𝐴1 − 1 = 0 ⇒ 𝐴4 =1−2𝐴1
12
20𝐴5 − 4𝐴2 + 4𝐴2 = 0 ⇒𝐴𝟓 = 0
30𝐴6 − 6𝐴3 + 4𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴6 =1−2𝐴0
45
.
(𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − (2𝑛 − 2)𝐴𝑛−1 + 4𝐴𝑛−1 = 0
.
.
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + (𝐴1 +
1)𝑥2 + (1−2𝐴0
3) 𝑥3 + (
1−2𝐴1
12) 𝑥4 + (0)𝑥5 + (
1−2𝐴0
45)𝑥6 +⋯
∴ 𝒚 = 𝑨𝟎 (𝟏 −𝟐
𝟑𝒙𝟑 −
𝟐
𝟒𝟓𝒙𝟔 +⋯) + 𝑨𝟏 (𝒙 + 𝒙
𝟐 −𝟏
𝟔𝒙𝟒 +⋯) + 𝒙𝟐 +
𝟏
𝟑𝒙𝟑+
𝟏
𝟏𝟐𝒙𝟒 +
𝟏
𝟒𝟓𝒙𝟔
10).- Resolver 𝒚′′ + (𝒙 − 𝟏)𝒚′ + 𝒚 = 𝟎 mediante potencias de (𝒙 − 𝟐). Solución
La ecuación diferencial será:
𝒚′′ + (𝒙 − 𝟏)𝒚′ + 𝒚 = 𝟎
Además:
𝑣 = 𝑥 − 2 ⇒ 𝑥 = 𝑣 + 2 ⇒ 𝑑𝑥 = 𝑑𝑣
𝐿𝑢𝑒𝑔𝑜 𝑑𝑦
𝑑𝑥=𝑑𝑦
𝑑𝑣=−(𝑦′′ + 𝑦)
(𝑣 + 1)= 𝐹(𝑣, 𝑦)
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑣 + 𝐴2𝑣2 + 𝐴3𝑣
3 + 𝐴4𝑣4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯---( )
Luego:𝑦′′ + (𝑣 + 1)𝑦′ + 𝑦 = 0 será de la forma:
𝑦′′ = 2𝐴2 + 6𝐴3𝑣 + 12𝐴4𝑣2 + 12𝐴5𝑣
3 + 30𝐴6𝑣4 +⋯+ 𝑛 ∗ (𝑛 − 1)𝐴𝑛𝑣
𝑛−2 +⋯
(𝑣 + 1)𝑦′ = 𝐴1𝑣 + 𝐴1 + 2𝐴2𝑣 + 2𝐴2𝑣2 + 3𝐴3𝑣
2 + 4𝐴4𝑣3 + 4𝐴4𝑣
4 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑣𝑛−1 + 𝑛𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑣 + 𝐴2𝑣2 + 𝐴3𝑣
3 + 𝐴4𝑣4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑣
𝑛 +⋯
𝒚′′ + (𝒗 + 𝟏)𝒚′ + 𝒚= (𝐴1 + 2 + 2𝐴2) + (2𝐴2 + 2𝐴1 + 6𝐴3)𝑣 + (3𝐴3 + 3𝐴2 + 12𝐴4)𝑣
2
+ (4𝐴4 + 4𝐴3 + 20𝐴5)𝑣3 +⋯+ ((𝑛+1)𝐴𝑛+1 + (𝑛 + 1)𝐴𝑛)𝑣
𝑛−1
+ (𝑛 + 1)(𝑛 + 2)𝐴𝑛+2)𝑣𝑛 +⋯
Como:
𝑦′′ + (𝑣 + 1)𝑦′ + 𝑦 = 0
Se dirá lo siguiente:
𝐴1 + 2 + 2𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴2 =−2−𝐴1
2
2𝐴2 + 2𝐴1 + 6𝐴3 = 0 ⇒ 𝐴3 =2−𝐴1
6
3𝐴3 + 3𝐴2 + 12𝐴4 = 0 ⇒ 𝐴4 =4𝐴1+4
48
4𝐴4 + 4𝐴3 + 20𝐴5 = 0 ⇒ 𝐴5 =4𝐴1−20
240
⇒ 𝐴𝑛+2 =𝐴𝑛+𝐴𝑛+1
(𝑛+2)∀n≥ 𝟏
Luego reemplazando en ( ) tenemos lo siguiente:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑣 + (−2 − 𝐴1
2) 𝑣2 + (
2 − 𝐴16
) 𝑣3 + (4𝐴1 + 4
48)𝑣4 + (
4𝐴1 − 20
240) 𝑣5 +⋯
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1 (𝑣 −𝑣2
2−𝑣3
6+𝑣4
12+𝑣5
60+ ⋯) +
𝑣2
2+𝑣3
3+𝑣4
12−𝑣5
12+ ⋯
𝐻𝑎𝑐𝑖𝑒𝑛𝑑𝑜 𝑣 = 𝑥 − 2 𝑠𝑒 𝑡𝑖𝑒𝑛𝑒:
∴ 𝒚 = 𝑨𝟎 + 𝑨𝟏 ((𝒙 − 𝟐) −(𝒙 − 𝟐)𝟐
𝟐−(𝒙 − 𝟐)𝟑
𝟔+(𝒙 − 𝟐)𝟒
𝟏𝟐+(𝒙 − 𝟐)𝟓
𝟔𝟎+⋯) +
(𝒙 − 𝟐)𝟐
𝟐+(𝒙 − 𝟐)𝟑
𝟑
+(𝒙 − 𝟐)𝟒
𝟏𝟐−(𝒙 − 𝟐)𝟓
𝟏𝟐+⋯
11).- Resolver (𝟏 − 𝒙)𝒚′ = 𝒙𝟐 − 𝒚 según potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
(𝟏 − 𝒙)𝒚′−𝒙𝟐 + 𝒚 = 𝟎 Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
(1 − 𝑥)𝑦′ = 𝐴1 − 𝐴1𝑥 + 2𝐴2𝑥 − 2𝐴2𝑥2 + 3𝐴3𝑥
2 − 3𝐴3𝑥3 + 4𝐴4𝑥
3 − 4𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑥
𝑛−1
− 𝑛𝐴𝑛𝑥𝑛 +⋯
−𝑥2 = −𝑥2
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯
(𝟏 − 𝒙)𝒚′−𝒙𝟐 + 𝒚= (𝐴1 + 𝐴0) + (2𝐴2)𝑥 + (3𝐴3 − 𝐴2)𝑥
2 + (4𝐴4 − 2𝐴3)𝑥3 +⋯
+ ((n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛)𝑥𝑛 +⋯
0 = (𝐴1 + 𝐴0) + (2𝐴2)𝑥 + (3𝐴3 − 𝐴2)𝑥2 + (4𝐴4 − 2𝐴3)𝑥
3 +⋯+ ((n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛)𝑥𝑛
+⋯𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
𝐴1 + 𝐴0 = 0 ⇒ 𝐴1 = −𝐴0 = −𝑦0
2𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴2 = 0
3𝐴3 − 𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴3 = 0
4𝐴4 − 2𝐴3 = 0 ⇒𝐴𝟒 = 0 .
.
(n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛 = 0 ..
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
𝑦 = 𝑦0 − 𝑦0𝑥
∴ 𝒚 = 𝒚𝟎(𝟏 − 𝒙)
13).- Resolver 𝒚′ = 𝟐𝒙𝟐 + 𝟑𝒚 mediante potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
𝒚′ − 𝟑𝒙 − 𝟐𝒙𝟐 = 𝟎
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
𝑦′ = 𝐴1 + 2𝐴2𝑥 + 3𝐴3𝑥2 + 4𝐴4𝑥
3 + 5𝐴5𝑥4 +⋯+ 𝑛𝐴𝑛𝑥
𝑛−1 +⋯
−3𝑦 = −3𝐴0 − 3𝐴1𝑥 − 3𝐴2𝑥2 − 3𝐴3𝑥
3 − 3𝐴4𝑥4 −⋯− 3𝐴𝑛𝑥
𝑛 −⋯
−2𝑥2 = −2𝑥2
𝒚′ − 𝟑𝒙 − 𝟐𝒙𝟐 = (𝐴1 − 3𝐴0) + (𝟐𝐴2 − 3𝐴1)𝑥 + (3𝐴3 − 3𝐴2 − 2)𝑥2 + (4𝐴4 − 3𝐴3)𝑥
3
+ (5𝐴5 − 3𝐴4)𝑥4 +⋯+ ((n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛)𝑥
𝑛 +⋯
0 = (𝐴1 − 3𝐴0) + (𝟐𝐴2 − 3𝐴1)𝑥 + (3𝐴3 − 3𝐴2 − 2)𝑥2 + (4𝐴4 − 3𝐴3)𝑥
3 + (5𝐴5 − 3𝐴4)𝑥4 +⋯
+ ((n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛)𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
𝐴1 − 3𝐴0 = 0 ⇒ 𝐴1 = 3𝑦0
𝟐𝐴2 − 3𝐴1 = 0 ⇒ 𝐴2 =3𝑦0
2
3𝐴3 − 3𝐴2 − 2 = 0 ⇒ 𝐴3 =9𝑦0+4
2∗3
4𝐴4 − 3𝐴3 = 0 ⇒𝐴𝟒 =3(9𝑦0+4)
2∗3∗4
5𝐴5 − 3𝐴4 = 0 ⇒ 𝐴5 =9(9𝑦0+4)
2∗3∗4∗5
.
(n + 1)𝐴𝑛+1 − (𝑛 − 1)𝐴𝑛 = 0 .
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
𝑦 = 𝑦0 + 3𝑦0𝑥 +3𝑦02𝑥2 +
(9𝑦0 + 4)
2 ∗ 3𝑥3 + (
3(9𝑦0 + 4)
2 ∗ 3 ∗ 4) 𝑥4 + (
9(9𝑦0 + 4)
2 ∗ 3 ∗ 4 ∗ 5) 𝑥5 +⋯
∴ 𝑦 = 𝑦0 + 3𝑦0𝑥 +3𝑦02𝑥2 + (9𝑦0 + 4) [
𝑥3
3!+3𝑥4
4!+9𝑥5
5!+ ⋯ ]
17).- Resolver 𝒚′′ − 𝒙𝒚′ + 𝒙𝟐𝒚 = 𝟎 mediante potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
𝒚′′ − 𝒙𝒚′ + 𝒙𝟐𝒚 = 𝟎
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
𝑦′′ = 2𝐴2 + 6𝐴3𝑥 + 12𝐴4𝑥2 + 20𝐴5𝑥
3 + 30𝐴6𝑥4 +⋯+
(𝑛 ∗ (𝑛 − 1))𝐴𝑛𝑥𝑛−2 +⋯
−𝑥𝑦′ = −𝐴1𝑥 − 2𝐴2𝑥2 − 3𝐴3𝑥
3−4𝐴4𝑥4 − 5𝐴5𝑥
5 − 6𝐴6𝑥6 −⋯− 𝑛𝐴𝑛𝑥
𝑛 −⋯
𝑥2𝑦′ = 𝐴0𝑥2 + 𝐴1𝑥
3 + 𝐴2𝑥4 + 𝐴3𝑥
5 + 𝐴4𝑥6 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛+2 +⋯
𝒚′′ + 𝟐𝒙𝟐𝒚 − 𝟏 − 𝒙 − 𝒙𝟐
= (2𝐴2) + (6𝐴3 − 𝐴1)𝑥 + (12𝐴4 − 2𝐴2 + 𝐴0)𝑥2 + (20𝐴5−3𝐴3 + 𝐴1)𝑥
3 + (30𝐴6− 4𝐴4 + 𝐴2)𝑥
4 +⋯+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − 𝑛𝐴𝑛 + 𝐴𝑛−2)𝑥𝑛 +⋯
0 = (2𝐴2) + (6𝐴3 − 𝐴1)𝑥 + (12𝐴4 − 2𝐴2 + 𝐴0)𝑥2 + (20𝐴5−3𝐴3 + 𝐴1)𝑥
3 + (30𝐴6 − 4𝐴4 + 𝐴2)𝑥4
+⋯+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − 𝑛𝐴𝑛 + 𝐴𝑛−2)𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
2𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴2 = 0
6𝐴3 − 𝐴1 = 0 ⇒ 𝐴3 =𝐴1
6
12𝐴4 − 2𝐴2 + 𝐴0 = 0 ⇒ 𝐴4 = −𝐴0
12
20𝐴5 − 3𝐴3 + 𝐴1 = 0 ⇒𝐴𝟓 =3𝐴1
40
30𝐴6 − 4𝐴4 + 𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴6 = −𝐴0
90
.
(𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 − 𝑛𝐴𝑛 + 𝐴𝑛−2 = 0 .
.
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 +𝐴06𝑥3 + (−
𝐴012) 𝑥4 + (
3𝐴140) 𝑥5 + (−
𝐴090)𝑥6 +⋯
∴ 𝒚 = 𝑨𝟎 (𝟏 −𝒙𝟒
𝟏𝟐−𝒙𝟔
𝟗𝟎+⋯) + 𝑨𝟏 (𝒙 +
𝒙𝟑
𝟔+𝟑𝒙𝟓
𝟒𝟎+⋯)
19).- Resolver 𝒚′′ + 𝒙𝟐𝒚 = 𝟏 + 𝒙 + 𝒙𝟐según potencias de 𝒙.
Solución
La ecuación diferencial será:
𝒚′′ + 𝟐𝒙𝟐𝒚 − 𝟏 − 𝒙 − 𝒙𝟐 = 𝟎
Suponiendo que la solución es de la forma:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 + 𝐴2𝑥2 + 𝐴3𝑥
3 + 𝐴4𝑥4 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛 +⋯---( )
Sea:
𝑦′′ = 2𝐴2 + 6𝐴3𝑥 + 12𝐴4𝑥2 + 20𝐴5𝑥
3 + 30𝐴6𝑥4 +⋯+
(𝑛 ∗ (𝑛 − 1))𝐴𝑛𝑥𝑛−2 +⋯
𝑥2𝑦′ = 𝐴0𝑥2 + 𝐴1𝑥
3 + 𝐴2𝑥4 + 𝐴3𝑥
5 + 𝐴4𝑥6 +⋯+ 𝐴𝑛𝑥
𝑛+2 +⋯
−1 = −1
−𝑥 = −𝑥
−𝑥2 = −𝑥2
𝒚′′ + 𝟐𝒙𝟐𝒚 − 𝟏 − 𝒙 − 𝒙𝟐
= (2𝐴2 − 1) + (6𝐴3 − 1)𝑥 + (12𝐴4 + 𝐴0 − 1)𝑥2 + (20𝐴5+𝐴1)𝑥
3 + (30𝐴6 + 𝐴2)𝑥4
+⋯+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 + 𝐴𝑛−2)𝑥𝑛 +⋯
0 = (2𝐴2 − 1) + (6𝐴3 − 1)𝑥 + (12𝐴4 + 𝐴0 − 1)𝑥2 + (20𝐴5+𝐴1)𝑥
3 + (30𝐴6 + 𝐴2)𝑥4 +⋯
+ ((𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 + 𝐴𝑛−2)𝑥𝑛 +⋯
Por lo tanto:
2𝐴2 − 1 = 0 ⇒ 𝐴2 =1
2
6𝐴3 − 1 = 0 ⇒ 𝐴3 =1
6
12𝐴4 + 𝐴0 − 1 = 0 ⇒ 𝐴4 =1−𝐴0
12
20𝐴5 + 𝐴1 = 0 ⇒𝐴𝟓 = −𝐴1
20
30𝐴6 + 𝐴2 = 0 ⇒ 𝐴6 = −1
60
.
(𝑛 + 1) ∗ (𝑛 + 2)𝐴𝑛+2 + 𝐴𝑛−2 = 0 .
Reemplazando los valores de los 𝐴𝑖 en la serie supuesta dado en ( ) se tiene:
𝑦 = 𝐴0 + 𝐴1𝑥 +𝑥2
2+𝑥3
6+ (
1 − 𝐴012
) 𝑥4 + (−𝐴120) 𝑥5 + (−
1
60)𝑥6 +⋯
∴ 𝒚 = 𝑨𝟎 (𝟏 −𝒙𝟒
𝟏𝟐+⋯) + 𝑨𝟏 (𝒙 −
𝒙𝟓
𝟐𝟎+⋯) +
𝒙𝟐
𝟐+
𝒙𝟑
𝟔+
𝒙𝟒
𝟏𝟐+
𝒙𝟔
𝟔𝟎+…
ECUACIONES DE BESSEL Y GAUSS
1) Comprobar que :
d J0(X)
dx= −J1(X)
J0(X) = ∑(−1)n1
(n!)2
∞
n=0
(x
2 )2n
J0(X) = 1 − (x
2 )2 +
1
(2!)2(𝑋
2)4 −
1
(3!)2(𝑋
2)6 + … .+(−1)n
1
(n!)2(x
2 )2n
d J0(X)
dx= − (
x
2 ) +
1
1! 2!
(x
2 )3
− 1
2! 3!(x
2 )5
+ + … (−1)n+1 1
(n!) (n+1)! (x
2 )2n+1
d J0(X)
dx= −[ (
x
2 ) −
1
1! 2!
(x
2 )3
+1
2! 3!(x
2 )5
− …+ (−1)n+1 1
(n!) (n+1)! (x
2 )2n+1]
d J0(X)
dx= − ∑(−1)n
1
(n!) (n + 1)!
∞
n=0
(x
2 )2n+1
d J0(X)
dx= −J1(X)
2) Comprobar que :
a) d
dx(xK Jk(X)) = x
K Jk−1(X)
𝐱𝐊 𝐉𝐤(𝐗) = (x2
2 )k {
1
k!−
1
1! (k+1)!(x
2)2
+
+1
2! (k+2)!(x
2)4
− …+ 1
n! (k+1)!(x
2)2n
}
d
dx(xK Jk(X)) =
(2𝑘)x2K−1
2𝑘 {
1
k!−
1
1! (k+1)!(x
2)2
+1
2! (k+2)!(x
2)4
− …+ (−1) n
n! (k+n)!(x
2)2n
}
+x2K
2𝑘 { −
1
0! (k+1)!(x
2)
+ 1
1! (k+2)!(x
2)3
− − 1
2! (k+3)!(x
2)5
+ … + (−1)n+1
n! (k+n+1)!(x
2)(2n+1)
}
d
dx(xK Jk(X))=
x2K−1
2𝑘−1{ k
k!−
k
1! (k+1)!(x
2)2
+
k
2! (k+2)!(x
2)4
− …+ (−1 )n k
n! (k+n)!(x
2)2n
}
+ x2K−1
2𝑘−1{ −
1
0! (k+1)!(x
2)2
+ 1
1! (k+2)!(x
2)4
− − 1
2! (k+3)!(x
2)6
+ … + (−1)n+1
n! (k+n+1)!(x
2)2(n+1)
}
d
dx(xK Jk(X))=
x2K−1
2𝑘−1{
1
(k−1)!−
k+1
1! (k+1)!(x
2)2
+
k + 2
2! (k + 2)!(x
2)4
− …+ k + n
n! (k + n)!
d
dx(xK Jk(X))=
x2K−1
2𝑘−1{
1
(k−1)!−
1
1! (k)!(x
2)2
+
1
2! (k+1)!(x
2)4
− …+ (−1)n
n! (k+n−1)!(x
2)2n
}
Por lo tanto :
d
dx(xK Jk(X)) = x
K Jk−1(X)
b) d
dx(x−K Jk(X)) = −x
−K Jk+1(X)
Debemos llegar a :
−x−K Jk+1(X) = −x−K(
x2
2 )k+1 {
1
(k+1)!−
1
1! (k+2)!(x
2)2
+
+1
2! (k+3)!(x
2)4
− …+ 1
1! (k+n+1)!(x
2)2n
}
−x−K Jk+1(X) = −X
2k+1{
1
(k+1)!−
1
1! (K+2)!(x
2)2
+
+1
2! (K+3)!(x
2)4
− …+ 1
1! (K+n+1)!(x
2)2n
}
Partimos de :
x−K Jk(X) =1
2K{ 1
k!−
1
1! (k+1)!(x
2)2
+
+1
2! (k+2)!(x
2)4
− …+ 1
n! (k+1)!(x
2)2n
}
𝐝
𝐝𝐱(𝐱−𝐊 𝐉𝐤(𝐗)) =
1
2K { −
1
0! (k+1)!(x
2)
+ 1
1! (k+2)!(x
2)3
− − 1
2! (k+3)!(x
2)5
+ … + (−1)n+1
n! (k+n+1)!(x
2)(2n+1)
}
𝐝
𝐝𝐱(𝐱−𝐊 𝐉𝐤(𝐗)) =
−X
2K+1 {
1
0! (k+1)! −
1
1! (k+2)!(x
2)2
+ 1
2! (k+3)!(x
2)4
𝐝
𝐝𝐱(𝐱−𝐊 𝐉𝐤(𝐗)) = −x−K Jk+1(X)
4)probar que:
𝑒𝑥2(𝑡−
1𝑡) = 𝐽0(𝑥) + 𝑡𝐽1(𝑥) + ⋯+ 𝑡
𝑘𝐽𝑘(𝑥) + ⋯+1
𝑡𝐽−1(𝑥) + ⋯+
1
𝑡𝑘𝐽−𝑘(𝑥) + ⋯⋯ = ∑ 𝑡𝑛𝐽𝑛(𝑥)
∞
𝑛=−∞
Partimos de la igualdad:
𝑒𝑥
2(𝑡−
1
𝑡) = 𝐽0(𝑥) + 𝑡𝐽1(𝑥) + ⋯+ 𝑡𝑘𝐽𝑘(𝑥) + ⋯+
1
𝑡𝐽−1(𝑥) + ⋯+
1
𝑡𝑘𝐽−𝑘(𝑥) + ⋯
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) = ln(1 × 𝐽0(𝑥)) + ln(𝑡 × 𝐽1(𝑥)) +⋯+ ln(𝑡𝑘 × 𝐽𝑘(𝑥)) + ⋯+ ln(
1
𝑡× 𝐽−1(𝑥)) + ⋯
+ ln (1
𝑡𝑘× 𝐽−𝑘(𝑥)) +⋯
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) = ln(1) + ln(𝐽0(𝑥)) + ln(𝑡) + ln(𝐽1(𝑥)) +⋯+ ln(𝑡𝑘) + ln(𝐽𝑘(𝑥)) + ⋯+ ln (
1
𝑡)
+ ln(𝐽−1(𝑥)) + ⋯+ ln (1
𝑡𝑘) + ln(𝐽−𝑘(𝑥)) + ⋯⋯
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) = ln(𝐽0(𝑥) × 𝐽1(𝑥) × ⋯× 𝐽𝑘(𝑥) × ⋯ ) + ln(𝐽−1(𝑥) × ⋯× 𝐽−𝑘(𝑥) × ⋯)
+ ln(1 × 𝑡 × 𝑡2 ×⋯× 𝑡𝑘 ×⋯ ) + ln (1
𝑡×1
𝑡2×⋯×
1
𝑡𝑘×⋯)
Hallando el equivalente en sumatorias:
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) = ∑ ln(𝐽𝑛(𝑥))
∞
𝑛=0
+ ∑ ln(𝐽𝑛(𝑥))
−1
𝑛=−∞
+∑ ln(𝑡𝑛)
∞
𝑛=0
+ ∑ ln(𝑡𝑛)
−1
𝑛=−∞
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) =∑ln(𝐽𝑛(𝑥))
∞
−∞
+∑ln(𝑡𝑛)
∞
−∞
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) =∑[ln(𝐽𝑛(𝑥)) + ln(𝑡
𝑛)]
∞
−∞
𝑥
2(𝑡 −
1
𝑡) =∑ln(𝑡𝑛 × 𝐽𝑛(𝑥))
∞
−∞
𝑒𝑥2(𝑡−
1𝑡) =∑𝑡𝑛 × 𝐽𝑛(𝑥)
∞
−∞
∴ 𝑒𝑥2(𝑡−
1𝑡) = 𝐽0(𝑥) + 𝑡𝐽1(𝑥) + ⋯+ 𝑡
𝑘𝐽𝑘(𝑥) +⋯+1
𝑡𝐽−1(𝑥) +⋯+
1
𝑡𝑘𝐽−𝑘(𝑥) + ⋯⋯ = ∑ 𝑡𝑛𝐽𝑛(𝑥)
∞
𝑛=−∞
5) 2 3 1" 2 ' 0
2 4X X Y X Y Y
SOLUCION:
+ + 1 = 2 ; = 3/2
1
1 1 3; ; ;
2 2 2Y F X
= 1 - = 1/4
(1 - ) = 1/4
2 3
1
3 51 ..........
6 40 112
x x xy - 2 - ¼ = 0
2 - + ¼ = 0
= ½ ; = ½ ; = 3/2
ANALOGAMENTE:
1
2 ( 1; 1; 2 ; )y x F x
1/2
2
1(0; 0; ; )
2
xy x F x
x
y = Ay1 + By2
2 23 5
1 ..........6 40 112
x x x B xy A
x
6.- resolver mediante serie:
(𝑥 − 𝑥2)𝑦´´ + 4(1 − 𝑥)𝑦´ − 2𝑦 = 0 Solución:
(𝑥 − 𝑥2)𝑦´´ + 4(1 − 𝑥)𝑦´ − 2𝑦 = 0,𝑚𝑒𝑑𝑖𝑎𝑛𝑡𝑒 𝑔𝑎𝑢𝑠𝑠
𝛾 = 4 , 𝛼𝛽 = 2 , 𝛼 + 𝛽 + 1 = 4 , 𝑟𝑒𝑠𝑜𝑙𝑣𝑖𝑒𝑛𝑑𝑜 𝑜𝑏𝑡𝑒𝑛𝑒𝑚𝑜𝑠: 𝛼 = 1 , 𝛽 = 2 , 𝛾 = 4 , 𝑥 = 𝑥
𝑦1 = 𝐹(𝛼, 𝛽, 𝛾, 𝑥) , 𝑟𝑒𝑒𝑚𝑝𝑙𝑎𝑧𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑜𝑏𝑡𝑒𝑛𝑒𝑚𝑜𝑠:
𝑦1 = (1 +𝑥
2+3
10𝑥2 +
1
5𝑥3……)
Análogamente:
𝑦2 = 𝑥1−𝛾𝐹(𝛼 − 𝛾 + 1, 𝛽 − 𝛾 + 1,2 − 𝛾, 𝑥) , 𝑟𝑒𝑒𝑚𝑝𝑙𝑎𝑧𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑜𝑏𝑡𝑒𝑛𝑒𝑚𝑜𝑠
𝑦2 = 𝑥1−𝛾𝐹(−2,−1,−2, 𝑥) 𝑦2 = 𝑥−3(1 + 2𝑥. . )
La solución completa será:
𝑦 = 𝐴 (1 +𝑥
2+3
10𝑥2 +
1
5𝑥3……) + 𝐵𝑥−3(1 + 2𝑥. . )
7.- probar que:
a)
)1(),,,( xxF
b) )1ln(),2,1,1( xxxF
a)
)1(),,,( xxF
Como:xxtenemos
xFxFy
,,,:
),,,(),,,(
Como:
....)2)(1(21
)2)(1()2)(1(
)1(21
)1()1(
11
3
2
xxx
xxx
xy
Reemplazando obtenemos:
xy
entonces
xnnnn
xnnn
xnn
xx
Como
xxxx
xxx
xx
xy
n
1
:
........!4
)3)(2)(1(
!3
)2)(1(
!2
)1(11
:
........4321
)3)(2)(1(
321
)2)(1(
21
)1(1
4
3
2
4
3
2
Entonces queda probado que:
)1(),,,( xxF
b) )1ln(),2,1,1( xxxF
Como:xxtenemos
xFxFy
,2,1,1:
),2,1,1(),,,(
Como:
....
)2)(1(21
)2)(1()2)(1(
)1(21
)1()1(
11
3
2
xxx
xxx
x
xy
Reemplazando obtenemos:
)1ln(
:
........5432
)1ln(
:
........5432
....
43232
3232
322
22
21
5432
5432
32
xy
entonces
xxxxxx
Como
xxxxxy
xxxxx
xxxx
xx
xx
xy
Entonces queda probado que:
)1ln(),2,1,1( xxxF
8.- probar que el cambio de variable dependiente xzy transforma la ecuación 0 yy en una
ecuación de Bessel.
Hacemos el cambio de variable xzy
23
23
4
422
2
x
z
x
zxzy
x
z
x
z
x
zxzy
x
zxzy
xzy
Reemplazando en la ecuación obtenemos:
04
0,04
0
4
22
23
22
23
zxz
zxzx
xparax
zxz
zxzx
xzx
z
x
zxzyy
0)4
(22
zz
xzxzx
Vemos que con el cambio de variable de xzy a la ecuación 0 yy se transforma en una
ecuación de Bessel.