de thi tuyen sinh vao lop 10 daklak (2008-2009)
DESCRIPTION
ĐỀ THI VÀO LỚP 10TRANSCRIPT
Giáo viên: Ngô Trí Hiệp – Trường THCS Dur Kmăn – Krông Ana – Dak Lak
SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KÌ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 TRUNG HỌC PHỔ THÔNG
DĂK LĂK NĂM HỌC 2007-2008
-----***---- --------------------------------------*****-----------------------------------
ĐỀ CHÍNH THỨC MÔN: TOÁN Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề)
Câu 1: (2 điểm)
Cho biểu thức 1
2 2 1 1
x x x x xA
x x x
− += − ⋅ −
+ −
1. Rút gọn A. 2. Tìm các giá trị của x để A < -4.
Câu 2: (2 điểm)
Cho hệ phương trình: 2 3 2 6
2
x y m
x y m
− = +
− = + (1) (với m là tham số, 0m ≥ )
1. Giải hệ phương trình (1). 2. Tìm m để hệ (1) có nghiệm (x;y) sao cho x + y < -1.
Câu 3: (1,5 điểm) Cho phương trình 2 7 0x x m− + = với m là tham số.
1. Tìm các giá trị của m để phương trình có nghiệm. 2. Tìm m để phương trình có hai nghiệm 1 2;x x sao cho 2 2
1 2 91x x+ = .
Câu 4: (3,5 điểm) Cho đường tròn (O), hai đường kính AB và CD vuông góc với nhau, M là một điểm trên cung nhỏ AC. Tiếp tuyến của đường tròn (O) tại M cắt tia DC tại S. Gọi I là giao điểm của CD và MB.
1. Chứng minh tứ giác AMIO nội tiếp trong một đường tròn.
2. Chứng minh: � �MIC MDB= và � �2MSD MBA= . 3. MD cắt AB tại K. Chứng minh DK.DM không phụ thuộc vị trí của điểm M trên cung AC.
Câu 5: (1 điểm)
Chứng minh rằng: 2 2
1 1 1 1 1...
5 13 25 2008 2009 2+ + + + <
+.
---------Hết--------
Giáo viên: Ngô Trí Hiệp – Trường THCS Dur Kmăn – Krông Ana – Dak Lak
ĐÁP ÁN Câu 1: (2 điểm)
Cho biểu thức 1
2 2 1 1
x x x x xA
x x x
− += − ⋅ −
+ −
1. Rút gọn A. Điều kiện: 0x ≥ và 1x ≠ .
2 2
1 . 1 ( 1)( 1) ( 1)( 1)
2 2 1 1 2 2 ( 1)( 1) ( 1)( 1)
( 1) ( 1) ( 1) ( 1) ( 1) ( 1)12
1 22
x x x x x x x x x x x x xA
x x x x x x x x x
x x x x x x xxx
xx
− + − − + += − ⋅ − = − ⋅ −
+ − + − + −
− − + − + + − − +− = ⋅ = = −
−
Vậy 2A x= −
2. Ta có: 4 2 4 2 4A x x x< − ⇔ − < − ⇔ > ⇔ > . Vậy x > 4. Câu 2: (2 điểm)
Cho hệ phương trình: 2 3 2 6
2
x y m
x y m
− = +
− = + (1) (với m là tham số, 0m ≥ )
(1)2 3 2 6
22 2 2
x y m x m
yx y m
− = + = ⇔ ⇔
= −− = +
1. m = 4, nghiệm của hệ (1) là: 2
2
x
y
=
= −
2. 1 2 1 1 0 1x y m m m+ < − ⇔ − < − ⇔ < ⇔ ≤ < . Vậy 0 1m≤ < .
Câu 3: (1,5 điểm) Cho phương trình 2 7 0x x m− + = với m là tham số.
1. Để phương trình có nghiệm thì 49
49 4 04
m m= − ≥ ⇔ ≤� .
2. Ta có: 3 3 31 2 1 2 1 2 1 291 ( ) 3 ( ) 91x x x x x x x x+ = ⇔ + − + =
Thay 1 2 1 27; .x x x x m+ = = vào ta có: 37 3 .7 91 21 252 12m m m− = ⇔ = ⇒ = .
Vậy m = 12. Câu 4: (3,5 điểm)
1. Tứ giác AMIO có: � 090IMA = (vì góc nội tiếp chắn bởi dây cung là đường kính) � 090IOA = (vì AB CD⊥ ).
Do đó � � 0180IMA IOA+ = ⇒ tứ giác AMIO nội tiếp được đường tròn. 2. Tứ giác AMBD nội tiếp đường tròn (O) nên � �MAB BDM= (góc nội tiếp cùng chắn cung MB)
Mà � �MAB MIC= (cùng bù với góc MIO).
Do đó � �MIC MDB= . Ta có: OMS∆ vuông tại S (vì OM SM⊥ ) nên � � �090MSD MSO MOS= = −
K
I
A B
C
S
O
M
D
Giáo viên: Ngô Trí Hiệp – Trường THCS Dur Kmăn – Krông Ana – Dak Lak
Mà � �090AOM MOS= − nên � �MSD AOM= . � �2AOM MBA= (vì góc nội tiếp)
Do đó: � �2MSD MBA=
3. Xét DOK∆ và DMS∆ có �D chung; � � 090DOK DMS DOK DMS= = ⇒ ∆ ∆� 2. . 2
DK DODK DM DO DC R
DC DM⇒ = ⇒ = = (Trong đó R là bán kính đường tròn (O))
Vậy DK.DM không đổi, không phụ thuộc vị trí điểm M trên cung AC. Câu 5: (1 điểm) Chứng minh rằng:
2 2 2 2 2 2 2 2 2 2
1 1 1 1 1 1 1 1 1 1... ...
5 13 25 2008 2009 2 1 2 2 3 3 4 2008 2009 2+ + + + < ⇔ + + + + <
+ + + + +.
Ta có bất đẳng thức Côsi: 2 2 2a b ab+ ≥ nên:
2 2
2 2
2 2
2 2
1 2 2.1.2
2 3 2.2.3
3 4 2.3.4
...
2008 2009 2.2008.2009
+ >
+ >
+ >
+ >
⇒
2 2
2 2
2 2
2 2
1 1
1 2 2.1.21 1
2 3 2.2.31 1
3 4 2.3.4...
1 1
2008 2009 2.2008.2009
<+
<+
<+
<+
2 2 2 2 2 2 2 2
1 1 1 1 1 1 1 1... ...
1 2 2 3 3 4 2008 2009 2.1.2 2.2.3 2.3.4 2.2008.2009⇒ + + + + < + + + +
+ + + +
1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1... ...
2 1.2 2.3 3.4 2008.2009 2 1 2 2 3 3 4 4 2008 2009
1 1 11
2 2009 2
VP
VP
= + + + + = − + − + − + + −
⇔ = − <
2 2 2 2 2 2 2 2
1 1 1 1 1 1...
2 1 2 2 3 3 4 2008 2009 2VP < ⇒ + + + + <
+ + + +