1744-solucionario- 1 jeg presencial- biología 2016

8/15/2019 1744-Solucionario- 1 JEG Presencial- Biología 2016

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Curso: Ciencias

SOLUCIONARIO 1a JORNADA DE EVALUACIÓN GENERAL

MÓDULO BIOLOGÍA

1. La alternativa correcta es E

El desierto de Atacama es un ecosistema, ya que, es una unidad constituida pororganismos, animales y vegetales que ocupan un ambiente físico dado y en él seproducen interacciones múltiples de los organismos con los factores físicos del ambientey entre los organismos mismos. Las interacciones entre biocenosis y biotopo conducen ala organización del sistema, tal que se establece flujo equilibrado de materia y energía.Las características físicas del desierto de Atacama quedan establecidas definirse por losvalores de precipitación, temperatura, radiación solar, vientos y propiedades del suelo.

Estas características determinan primariamente el tipo de vegetación que allí se puededesarrollar.

2. La alternativa correcta es D

Al planear el ejercicio que la membrana es permeable solo al soluto condiciona que elmovimiento de éste sea a favor del gradiente de concentración, por lo que el soluto sedesplazará de A a B hasta que se igualen las concentraciones de ambos compartimentos,es decir, llegan a isotonía. El compartimento B aumentará su concentración por el pasodel soluto.

3. La Alternativa correcta es ELa hidrolisis es un proceso químico que rompe o escinde moléculas mediante la adiciónde agua. La hidrolisis final de las proteínas da por resultado aminoácidos. La fructosa seproduce al hidrolizar sacarosa. Los monosacáridos y la maltosa son productos de lahidrolisis completa o incompleta respectivamente del almidón. Este último es unpolisacárido, es decir, una molécula de mayor tamaño la cual se puede hidrolizar perono obtener por este mismo proceso.

4. La Alternativa correcta es C

Ya que la síntesis de ADN ocurre en la interfase y es ahí cuando se afectaría el proceso,

al agregar la droga en etapas posteriores, como se indica en anafase y telofase, elproceso no se verá afectado y se culmine la división celular.


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La figura 1 está representando a una proteína transportadora y la figura 2 una proteínacanal, por lo tanto ambos son de naturaleza proteica y son específicos. Además seobserva que ambos están trasportando sustancia a favor del gradiente de concentración,por lo tanto sin gasto de energía. Sin embargo solo la proteína transportadora alterna

entre dos conformaciones y desplaza al soluto a través de la membrana mientras laforma de la proteína se modifica. Las proteínas canales dejan pasar al soluto sinexperimentar cambio estructural.

6. La alternativa correcta es B

Las mitocondrias son organelos presentes en las células eucariontes y realizan elproceso de respiración celular, proceso catabólico. Al tener un origen procarionte (teoríaendosimbiotica), posee su propio ADN, ARN y proteínas lo que le permite dividirse porfisión binaria.Los lisosomas son los organelos de la digestión intracelular, los peroxisomas los de ladetoxificación, el retículo sarcoplásmico es el encargado, en las células musculares delalmacenamiento de calcio, y el Aparato de Golgi el organelo de la secreción de

sustancias.

7. La alternativa correcta es C

El esquema de célula de figura I la muestra en metafase I, por lo tanto, es diploide,pero, con 4c ADN. El esquema de célula de la figura II corresponde la muestra enmetafase II, por lo que es haploide pero con 2c ADN.

8. La alternativa correcta es A

La figura ilustra un momento de meiosis I, por lo que la dotación es 2n/4c.Específicamente se trata de metafase I y el material cromosómico está recombinado. Al

pasar a meiosis II, las células serán de dotación n/2c, es decir ocurre reducción tantodel número de cromosomas como de moléculas de ADN.


El número de cromosomas y la cantidad de moléculas de ADN varía en el proceso de lasiguiente manera:A: G1, 2n/2cB: S, 2n/4cC: G2, 2n/4cD: meiosis I, n/2cE: meiosis II, n/2cF: meiosis II, n/c

En consecuencia, en la etapa E ha ocurrido reducción del número de cromosomas, peroéstos son de dos cromátidas.


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Para comprobar que la replicación erasemiconservativa, Mathew Meselson yFranklin Stahl, emplearon la técnica delgradiente de densidad para separar distintas

cadenas de DNA con densidades algodiferentes. El experimento consistió en losiguiente.Se cultivaron bacterias E. coli en un medio conamoníaco marcado con nitrógeno pesado (15N),dejándolo un par de horas, tiempo suficientepara que el nitrógeno contenido en elcompuesto se utilizase durante el ciclo dedivisión bacteriana en la síntesis de DNA.Después las pasaron a un medio con amoníacocon nitrógeno liviano (14N) y compararon ladensidad de los DNA aparecidos en sucesivasgeneraciones. Los resultados obtenidos se

esquematizan en la siguiente tabla.

Densidades de DNA.

Los datos indican que el DNA intermedio es una cadena híbrida constituida por doscadenas de diferente densidad, una liviana y otra pesada. En cada generación disminuyea la mitad el DNA híbrido y aumenta el DNA con nitrógeno liviano.

Generación DNA pesado DNA híbrido DNA livianoI 100% 0 0II 0 100% 0III 0 50% 50%IV 0 25% 75%

V 0 12,5% 87,5%


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El proceso de maduración de los ARN implicados directamente en la síntesis deproteínas de células eucariotas comprende varios pasos moleculares. Estos eventos sonnecesarios para cumplir con sus funciones.En el ARNm estos pasos se han dividido en:

1) La adición del casquete o del CAP. Consiste en adicionar el nucleótido guaninamodificado en 7 metil guanina o guanilato (m7G) en el extremo 5'del primernucleótido (generalmente una adenina) del transcrito primario en un enlace 5' - 5'.La función de este CAP es reconocer el primer codón para iniciar la traducción delARNt. Éste proceso es propio de eucariotas.

2) La adición del Poli A. Consiste en adicionar de 200 a 250 adeninas en el extremo 3'del transcrito primario (ARNtp). Existe una secuencia "consenso" indicadora delsitio de adición, donde una endonucleasa corta el transcrito primario y luego otraproteina adiciona la cola de adenina. Al POLI A se le atribuyen dos funciones: laprimera es sacar el ARNm al citoplasma; ésta función es controvertida porque seconocen ARNm sin cola de adeninas (como el ARNm de la histona) y la segundafunción es proteger el ARNm de las endonucleasas citoplasmáticas. Parece que las

endonucleasas empiezan a degradar el ARNm sacando adeninas, que es compatiblecon la información que el largo de la cola de adenina es directamente proporcionalcon la vida media del ARNm. Los ARNm de eucariotas tienen una vida media dehasta 10 horas. El ARNm bacteriano no tiene Poli A y tiene una vida media demenos de una hora.

3) El "splicing". Es la eliminación de fragmentos del ARNtp que no intervienen en lasíntesis de la proteína y en el empalme o unión de los fragmentos que harán partedel ARNm y por lo tanto son las secuencias de nucleótidos que establecen lasecuencia de codones que complementan con los ARNt. Tradicionalmente alsegmento que se elimina se le llama INTRON y al segmento que hace parte delARNm se le llama EXON, y todavía muchos textos lo definen así: Intrón es elfragmento que no se traduce y Exón es el fragmento que se traduce.


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El método científico. Los pasos fundamentales que hay que seguir para llevar a cabouna investigación científica son:

1. La detección de un problema, es decir, observación de un hecho que por elmomento no tiene explicación o tener una necesidad de tipo práctico. Por otra parte,sin unos conocimientos científicos iniciales, difícilmente se detectan los problemas,por eso se dice que la observación siempre va acompañada de teoría.

2. Planteamiento del problema de forma clara y precisa, sin ningún tipo deambigüedades y con los objetivos precisos sobre lo que buscamos o tratamos deinvestigar.

3. Búsqueda de información bibliográfica en torno al problema. Es muy posible que lasolución a nuestro problema se encuentre ya en la bibliografía y entonces acabaránuestra investigación; pero en otros casos, o no estará la solución o encontraremosuna solución parcial que haga que nos replanteemos muestro problema original.

4. Emisión de hipótesis. Una vez planteado el problema, se procede a darle unaexplicación. Es la fase más creativa. Se emiten hipótesis que son explicacionesprovisionales de lo que pensamos pueda ser la solución a nuestro problema. Estas

suposiciones deben hacerse antes de empezar a investigar y por lo tanto, de todaslas planteadas nos quedaremos con la que científicamente pueda ser la másprobable, la más verosímil y por supuesto que se pueda demostrarexperimentalmente.

5. Diseñar un experimento. Para someter a prueba una hipótesis, el científico diseñaun experimento que pueda verificarla o rechazarla.

6. Realizar el experimento. Todo experimento lleva consigo un proceso de medida ypor lo tanto una toma de datos. La medición debe ser rigurosa y meticulosa, eincluso repetirla en varias ocasiones para tener la certeza de que minimizamos elerror al máximo que permitan los aparatos de medida que utilizamos.

7. Análisis de los resultados. Los resultados obtenidos deben poder confirmar orechazar la hipótesis planteada. En el primer caso, la idea que constituye lahipótesis se consolida, mientras que en el segundo, habría que adoptar otra

hipótesis y volver a iniciar el proceso.

Este podría ser un esquema muy simplificado de los pasos a seguir en el MétodoCientífico:

Sí No

Observación

Necesidad detipo práctico

Planteamiento delproblema

(de forma clara yprecisa)

Recopilación bibliográfica(información en torno al

problema)

Emisión de hipótesis

Diseño de experimentos paracontrastar las hi ótesis

Realización del experimento(toma de datos)

¿Verifican las hipótesis? TEORÍA


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Los ovogonios y los espermatogonios poseen cantidad de ADN de 2c, luego, estosduplican su contenido de ADN a 4c denominándose ahora ovocito I y espermatocito Irespectivamente.El ovocito I experimenta la primera división meiótica dando origen a dos células cada

una con 2c ADN llamadas ovocito II y polocito I. Éstos al experimentar la segundadivisión meiótica dan origen a ovulo y al polocito II ambos con una cantidad c de ADN.El espermatocito I experimenta la primera división meiótica dando origen a dos célulascada una con 2c ADN llamadas espermatocitos II. Éstos al experimentar la segundadivisión meiótica dan origen a dos espermátidas, ambos con una cantidad c de ADN.Luego las espermátidas experimentan solo un cambio morfológico, no de materialgenético, y se transforman finalmente en espermatozoides.


Una herramienta muy útil en biotecnología y necesaria para las tecnologías del ADNrecombinante son las endonucleasas de restricción o simplemente llamadas enzimas derestricción. Estas enzimas, aisladas en bacterias, reciben su nombre debido a que

limitan o previenen las infecciones víricas degradando el ácido nucleico invasor. Lasenzimas de restricción reconocen una secuencia específica de nucleótidos, denominadossitios de restricción, de una molécula de ADN de doble cadena y cortan en esa secuencia.


La paratohormona, también denominada hormona paratiroidea, PTH o paratirina, es unahormona proteica secretada por la glándula paratiroides que interviene en la regulacióndel metabolismo del calcio y del fósforo.Las hormonas trópicas son aquellas que actúan sobre otras glándulas estimulando lasecreción de nuevas hormonas y son ejemplos de ellas la TSH, que estimula a la tiroidesa producir T3 y T4, la CRH que estimula a la hipófisis la secretar corticotrofina. GnRh

que son los liberadores de gonadotrofinas y la GH que actúan en diversos órganosestimulando la síntesis de factores de crecimiento.


Si se aplica un estímulo de cierta magnitud en la membrana de una célula excitable, seproduce un ligero incremento en la permeabilidad de los iones sodio en esa regióndisminuyendo levemente la diferencia de potencial de acuerdo a la intensidad delestímulo. Un estímulo umbral es aquel cuya intensidad produce una hipopolarización, osea un potencial menos negativo, próxima a los -55 mV, llamado nivel de descarga opotencial de descarga, voltaje en el cual se abren los canales de Na+ permitiendo laentrada masiva del ión, de manera que el voltaje del medio intracelular se va acercandoa cero o sea se provoca una despolarización. La masiva entrada del Na+ hace que el

lado interno de la membrana plasmática quede positiva alcanzando +35 mV: potencialde espiga. En ese instante los canales de sodio se cierran rápidamente (terminando laentrada masiva de sodio) y se abren totalmente los canales de potasio (que ya sehabían comenzado a abrir lentamente) determinando la salida de este ión, lo que vuelvea hacer menos positivo el lado intracelular de la membrana, es decir una repolarización,seguida de una ligera hiperpolarización (debido a la salida de potasio en ausencia de laentrada de sodio).


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La figura presenta un modelo de fagocitosis que es parte de la inmunidad inespecífica(defensa innata) se encuentra presente desde el momento del nacimiento y comprendelos mecanismo que confieren protección inmediata aunque general o inespecífica contrala invasión por una amplia variedad de patógenos. Las barreras mecánicas y químicas

de la piel y mucosas constituyen la primera línea defensiva en la respuesta inespecífica.La acidez del jugo gástrico del estómago, por ejemplo, elimina muchas de las bacteriaspresentes en los alimentos. La segunda línea defensiva de la respuesta inespecífica estáconformada por las proteínas antimicrobianas (interferones, complemento ytransferinas), los fagocitos (principalmente neutrófilos y macrófagos), las célulascitolíticas naturales (natural killers, NK), la inflamación y la fiebre. La respuestaespecífica (inmunitaria) se pone en marcha ante el contacto con un invasor enparticular. Se desarrolla más lentamente que la respuesta inespecífica e incluye laactivación de linfocitos específicos que puedan combatir un determinado invasor.


La inmunización es una técnica de medicina preventiva cuyo objetivo consiste en

procurar resistencia inmune frente a un agente infeccioso, activando de forma artificialuna respuesta inmune adaptativa. Con este fin, se inocula al individuo sano una formadel agente patógeno que no tiene capacidad de producir la enfermedad, pero sí deinducir la formación de anticuerpos. Este proceso se denomina vacunación. Las vacunasson la forma más eficaz de protección frente a los virus y otros organismos relacionadoscontra los que los antibióticos no son eficaces.


El virus de la inmunodeficiencia humana o VIH es un retrovirus ya que su materialgenético está formado por dos moléculas idénticas de ARN. Infecta inicialmente yespecíficamente a los linfocitos TCD4. Causa la muerte del individuo infectado por la

pérdida de función del sistema inmunológico y la susceptibilidad del huésped a todo tipode infecciones. La persistencia del virus como provirus en un estado de latenciadificulta cualquier tratamiento que tienda a erradicarlo, una vez que se ha producido lainfección. Pero, como el virus en su etapa reproductora necesita la transcriptasa inversapara su integración al genoma constituye un punto vulnerable en su ciclo. Muchostratamientos se basan en la inhibición específica de esta enzima, o en inhibidores de laproteasa del virus, que se necesita para procesar las proteínas antes de reconstruir laspartículas virales hijas.


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Una demostración clara de cómo el medio determina la dirección en que se adaptan losorganismos está dada por las adaptaciones idénticas que ocurren en seres de gruposmuy diferentes, por el hecho de vivir en el mismo medioAnimales tan diferentes como un pez y el delfín, tienen casi la misma apariencia por

haberse adaptado al mismo medio, el mar.


El cruzamiento citado se representa de la siguiente manera:

Nn x Nn

N nN NN Nnn Nn nn

Fenotipo: 75 % descendientes de carácter dominante.25 % descendientes de carácter recesivo.

Genotipo: 50% descendientes homocigoto.50% descendientes heterocigotos


Las especies se originan por el proceso de especiación, y por lo tanto, todas tienen unancestro en común, compartiendo el mismo código genético de manera que undeterminado triplete o codón lleva información para el mismo aminoácido en diferentesespecies, a excepción de las mitocondrias. Las extremidades anteriores del chimpancé

y ser humano son un ejemplo de órganos homólogos, que aun siendo muy diferentes ensu función poseen las mismas estructuras, los mismos huesos. La homología indica unparentesco evolutivo, un origen común, en el que las diferencias se deben a un procesode evolución divergente o radiación adaptativa.


Los cromosomas, contienen genes que determinan las características de cada individuo.Las mujeres tienen dos cromosomas X, mientras que los hombres portan un cromosomaX y uno Y, lo cual les da las características masculinas.El cromosoma X es también mucho mayor que el cromosoma Y. Como las mujerestienen dos copias del X, uno de ellos está en gran parte desactivado.Las mutaciones y trastornos genéticos, como la acromatopsia (incapacidad para

detectar colores), el autismo y la hemofilia, que están vinculados al cromosoma X,tienden a afectar a los hombres porque no poseen otro X para compensar los fallos.


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Las radiaciones adaptativas definidas como un aumento en la diversidad de papelesecológicos en diferentes especies de un linaje, son uno de los procesos más importantesen ecología y evolución. Las radiaciones implican variaciones a nivel de la diversificaciónde linajes, caracteres morfológicos y diversificación ecológica.

Ocurren en periodos de tiempo geológico relativamente cortos. La gran diversidad deformas debe reflejarse en el código genético.Hay distintos factores que pueden desencadenar las radiaciones adaptativas, pero cadauno de ellos es una respuesta a una oportunidad, por ejemplo:

• La evolución de una adaptación clave: Una adaptación clave es, normalmente,una adaptación que permite al organismo evolucionar para explotar recurso onicho nuevo. Una adaptación clave puede hacer accesibles a un organismomuchos nichos nuevos y proporcionar la oportunidad para una radiaciónadaptativa.

• Librarse de la competencia o nichos vacantes: Los linajes que invaden islas oquedan separados por cordilleras pueden dar lugar a radiaciones adaptativas,debido a que los invasores no tienen competencia de otras especies o bien,

ocupan todos los nichos ecológicos posibles.• Especialización: Mediante la especialización un nicho único puede subdividirse

en muchos nichos nuevos.


Los tipos de nutrición son considerados en dos grupos, dependiendo de si el organismose nutre a partir materiales de su medio externo o interno: la heterótrofa y la autótrofa.Los organismos heterótrofos son los “que se alimentan de algo diferente”, es decir,obtienen su energía del medio externo y no son capaces de producirla por sí mismos.Por otro lado, los autótrofos generan sus propios materiales y biomasa, es decir,producen su propia energía.

Dependiendo de la fuente de energía utilizada. Los tipos de nutrición son consideradoscomo nutrición quimiótrofa o fotótrofa.Los organismos quimiótrofos son los que hacen reaccionar el carbono para existir. Porsu parte, los fotótrofos obtienen la energía que necesitan de los fotones de la luz solar.La nutrición quimioheterótrofa es la que presentan los organismos que obtienen suenergía de la oxidación de compuestos orgánicos reducidos, como la glucosa y losaminoácidos. Entre ellos están los animales, los hongos y muchas bacterias.


La destrucción del hábitat es el proceso por el cual un hábitat natural es transformadoen un hábitat incapaz de mantener a las especies originarias del mismo. Las plantas yanimales que lo utilizaban son destruidos o forzados a emigrar, como consecuencia hay

una reducción en la biodiversidad.La destrucción de hábitats causada por los humanos o antropogénica incluye laconversión de tierras arables a la agricultura, desarrollo urbano incontrolado, desarrollode infraestructuras de uso público, entre otros.La degradación, fragmentación y contaminación de hábitats son aspectos de ladestrucción de hábitats que no resultan necesariamente en un daño directo pero que enúltimo grado resultan en el colapso de los ecosistemas.La desertificación, deforestación y degradación de arrecifes de coral son tiposespecíficos de destrucción de hábitats.


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De las etapas que están involucradas en el proceso de fotosíntesis, en la fasedependiente de la luz, a partir de la fotólisis del agua se libera oxígeno gaseoso, y en lafase independiente de la luz, a partir de CO2, a través del Ciclo de Calvin se generan

sacáridos.

CO2 + H2O + luz (CH2O)n + H2O


Del análisis de la red trófica ilustrada, se indica que fitoplancton constituye el nivelproductor de este sistema.Con respecto a la cadena trófica fitoplancton → libélula → rana, efectivamente estaúltima recibe menos energía que libélulas.En la condición de que dos tipos de organismos utilicen la misma fuente de alimento, segenera competencia entre ellas.


En ecología, la competencia interespecífica se presenta cuando miembros de distintasespecies compiten por los mismos recursos. Los miembros de la misma especie tienen

necesidades de recursos muy similares, mientras que las especies diferentes tienenmenores necesidades en común, por lo que la competencia intraespecífica generalmentees una influencia más fuerte que la competencia interespecífica.La figura ilustra una red trófica en la cual zorros y búhos compiten por un recursocomún a ambos.


Las especies exóticas invasoras tienen efectos devastadores para la biota autóctona, yaque provocan el declive e incluso la extinción de especies autóctonas y afectannegativamente los ecosistemas.Las especies exóticas invasoras son animales, plantas, hongos y microorganismosintroducidos y establecidos en el medio ambiente fuera de su hábitat natural. Se

reproducen rápidamente, se imponen sobre las especies locales en la competencia poralimento, agua y espacio, y son una de las principales causas de pérdida de diversidadbiológica en todo el mundo. A menudo estas especies se introducen deliberadamente,por ejemplo, mediante la piscicultura, el comercio de mascotas, la horticultura o elcontrol biológico. Asimismo, también pueden introducirse involuntariamente por mediostales como el transporte terrestre y marítimo, viajes e investigación científica.


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Entre las interacciones que pueden existir entre distintas especies se encuentra lacompetencia, la predación, el amensalismo, la simbiosis (parasitismo, mutualismo ycomensalismo). Se utilizan los símbolos + y – para indicar el modo en que cada

interacción interespecífica afecta a la supervivencia a la reproducción de las dosespecies que participan en esta interacción.

Depredación, competencia, comensalismo, amensalismo, mutualismo.+/- -/- +/0 -/0 +/+


El término biorremediación fue acuñado a principios de la década de los '80. Loscientíficos observaron que era posible aplicar estrategias de remediación que fuesenbiológicas, basadas en la capacidad de los organismos para realizar procesosdegradativos.

Los metales pesados son elementos potencialmente tóxicos, cuya presencia en el medioambiente se ha incrementado exponencialmente en las últimas décadas,fundamentalmente por la acción del hombre. Grandes cantidades de estos metales yotros contaminantes son vertidos a la atmósfera, suelo, agua y, finalmente, penetran enlos organismos vivos mediante alguna de las múltiples vías del ciclo de los nutrientes.La contaminación metálica supone un desafío medioambiental importante para los seresvivos, ya que diversos metales que son micronutrientes esenciales, como el cobre y elzinc, resultan tóxicos en concentraciones elevadas, mientras que otros, como cadmio,plomo y mercurio, son tóxicos a dosis mínimas.Algunos metales pesados e hidrocarburos clorados son acumulados por los organismosacuáticos. Es por eso que pueden encontrarse concentraciones muy altas de estoselementos químicos en tejidos biológicos, aun cuando se hallen extremadamente

diluidos en el medio acuático circundante.


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SOLUCIONARIO1ª JORNADA DE EVALUACIÓN GENERAL

MÓDULO QUÍMICA COMÚN


Opciones:

A) no tiene núcleo. Incorrecto, todos los átomos poseen un núcleo positivo con almenos 1 protón.

B) debe tener 11 neutrones. Incorrecto, no se puede determinar el número deneutrones a partir del número de protones o electrones. El número másico de unelemento no siempre tiene el doble de valor del número de protones.

C) posee comportamiento metálico. Correcto, el átomo del ejercicio presenta 11electrones, y como es eléctricamente neutro, también posee 11 protones. Estoimplica que en su último nivel posee solo 1 electrón, de modo que se trata de unmetal del grupo I-A (sodio).

D) tiene número másico igual a 22. Incorrecto, no es posible determinar el númeromásico sin tener la cantidad de neutrones en el núcleo.

E) se estabiliza adoptando carga eléctrica -1. Incorrecto, la estabilidad de losmetales se alcanza cuando pierde electrones. En este caso, el gas noble máscercano al elemento es el Neón (Z=10), por lo tanto, el elemento se estabilizarácomo catión con carga eléctrica+1.


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Respecto de la figura se tienen las siguientes opciones:

+

Electrodos

Fuente de poder

Gas a baja presión

Partícula

Cargada

Tubo cerradode vidrio

I) el electrodo positivo se denomina ánodo. Correcto, ánodo es el electrodo concarga positiva, porque es el lugar donde migran los aniones (partículas negativas).Por su parte el cátodo es el electrodo con carga negativa.

II) las partículas cargadas corresponden a los electrones. Correcto, los rayosque surgen desde el cátodo (rayos catódicos) corresponden a un flujo de electronesa alta velocidad.

III) es el electrodo positivo el que genera las partículas cargadas. Incorrecto, deacuerdo con la figura los rayos catódicos surgen en el electrodo negativo.


Respecto de la gráfica se deduce lo siguiente:

• Los gases inertes son los átomos con menor tamaño.

• Los metales del grupo I-A son los átomos con mayor tamaño en cada período.• En cada período, conforme disminuye la carga nuclear efectiva (menor Z) menor

es la atracción por los electrones y mayor es el radio del átomo.• En el grupo I-A el átomo más grande que se observa en la gráfica es el Cesio.

Este átomo, además, es el que presenta el mayor carácter metálico, puesto quesu último electrón es el que está más alejado del núcleo (tiene mayor radio).

• Helio es el gas inerte con menor tamaño en la gráfica.


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De acuerdo con las moléculas en las alternativas:

H N O

H

OH H

H

HH Mg

H

OO S

A) B)

D)C)

E)

+

CO

O

O

-2

Se concluye que:

A) Es incorrecta porque el oxígeno no alcanza el octeto.B) Es correcta, el oxígeno alcanza el octeto y cada hidrógeno el dueto (uno de los

enlaces es dativo)C) Es incorrecta, pues el magnesio es un átomo que sólo tiene 2 electrones de

valencia. El compuesto no existe.D) Es incorrecta, uno de los oxígenos sobrepasa el octeto y el átomo de azufre se

dibujó con solo 4 electrones de valencia (es del grupo VI-A)E) Es incorrecto, dos de los tres oxígenos no alcanzan el octeto.


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CompuestoValenciadel cloro

Número deoxidaciónpara cloro

CCl4 1 -1

CaCl2 1 -1

NaClO3 5 +5

HClO 1 +1

1. El EDO del cloro en el compuesto CaCl2 es -1, puesto que es más electronegativoque el calcio.

2. Teniendo en cuenta que la valencia corresponde a la cantidad de electrones queparticipan del enlace, en la estructura del NaClO3, el cloro tiene valencia 5 (1 en elenlace covalente con el oxígeno unido al sodio y 4 en los enlaces coordinados conlos otros oxígenos):

3. En el compuesto HClO, el hidrógeno toma EDO +1 y el oxígeno EDO -2, por lo tanto

la carga eléctrica del cloro en la molécula será +1 (recordar que la suma de losestados de oxidación en una molécula neutra es cero).


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O OH

H

N S

O

H

SiCl

H

ClH

OCC

Cl

Cl Cl

Cl

H H

PHCl

HA) B)

C) D)

E)

Molécula Angular Molécula Piramidal

Molécula Tetraédrica Molécula con geometríaTrigonal plana y Angular

Molécula Tetraédrica yAngular

La geometría piramidal, se genera al tener en el átomo central una hibridación sp3 y unpar electrónico no enlazado (AX3E). Siendo el único compuesto que cumple con esta

condición el PH2Cl.


Al analizar las estructuras

Características CO2 SO2

Geometría Lineal AngularHibridación del átomo central sp sp2 Valencia del átomo central 4 4Valencia del oxígeno -2 -2Estado de oxidación del átomo central +4 +4Estado de oxidación del oxígeno -2 -2


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La notación de Lewis, permite conocer la cantidad de electrones de valencia de unátomo y por lo tanto permite deducir el grupo al que pertenece, pero no entregainformación del período en el que se ubica (en la Tabla Periódica), ni tampoco informa el

tipo de enlace que formará. El cloro, por ejemplo, es un no-metal del grupo VII-A ypuede formar enlaces de tipo iónico con sodio (Na) y potasio (K) o bien, enlacescovalentes con el nitrógeno (N) u oxígeno (O).


CH CH3

CH3

CH3

Isopropil

CH2 CH2 CH2 CH3CH3

Butil

+2-metil hexano


A) Fórmula generalR-OH

AlcoholR-CO-R’Cetona

R-CHOAldehído

B) Fórmula generalR-O-R’Éter

R-COOHÁcido Carboxílico

R-CO-R’Cetona

C) Fórmula generalR-CHO

AldehídoR-OH

AlcoholR-NH2Amina

D) Fórmula general Ar-OHFenol

R-CONH2Amida

R-OHAlcohol

E) Fórmula generalR-OH

AlcoholR-CO-R’Cetona

R-COOHÁcido Carboxílico

Solo la opción E cumple con los requisitos de la pregunta.


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La sustitución en el butano de un átomo de hidrógeno daría lugar solo a 2 posiblesdistintos compuestos:


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Proceso de ebullición del agua:

Respecto al enunciado, se pide marcar la alternativa errónea o incorrecta. Analizando,se deduce que:

A) Correcto, para que ocurra la ebullición se requiere aplicar calor, de modo que esendotérmico el proceso.

B) Correcto, el agua presenta punto de ebullición de 100°C.C) Correcto, cuando se observan burbujas en el líquido, se trata de vapor de agua.D) Correcto, la ebullición es una evaporación violenta, razón por la cual muchas

moléculas pasan al estado gaseoso.E) Incorrecto, cuando ocurre ebullición, la presión de vapor del líquido supera la

presión externa (atmosférica), por lo tanto el sistema NO se encuentra en equilibriodinámico ni térmico.


En una reacción química, la ley de Lavoisier o (ley de conservación de la masa), se

cumple sólo si la cantidad de átomos en reactantes y productos es la misma.

De acuerdo con las alternativas se tiene que:

A) Cl2 + H2 → 2 HCl Ecuación Balanceada

B) KClO3 → KClO2 + ½ O2 Ecuación Balanceada

C) 2 H2O → 2 H2 + O2 Ecuación Balanceada

D) CH4 + O2 → CO2 + 2 H2O Ecuación NO Balanceada

E) 2 Na + H2CO3 → Na2CO3 + H2 Ecuación Balanceada


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Considerando las masas molares del nitrógeno y del oxígeno y la masa molar para cadacompuesto, se puede calcular el porcentaje de nitrógeno para cada alternativa:

A) 14x100=1,5530

B)28 x100

=46,660

C)14 x100

=30,446

D)28 x100

=36,876

E)28 x100

=25,9108

El mayor porcentaje de nitrógeno lo tiene el compuesto N2O


La concentración molal para una solución viene dada por la siguiente ecuación:

gramos de solutom=

masa molar x Kg solvente

De acuerdo con el problema, y considerando que el soluto es el mismo para todas lassoluciones, la masa molar será constante, de modo que la ecuación se reduce a:

gramos de solutom=

Kg solvente

La solución de mayor concentración molal será aquella que contenga la mayor cantidadde gramos de soluto en la menor cantidad de masa de solvente. Analizando lasrelaciones se obtiene:

Matraces Agua SolutoRelación

(g soluto/Kg Agua)

1 50 mL 30 gramos 6002 200 mL 10 gramos 50

3 400 mL 5 gramos 12,5

4 100 mL 20 gramos 200

5 500 mL 1 gramo 2

El matraz 1 presenta la mayor concentración molal.


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De acuerdo con la fórmula de dilución:

C1 x V1 = C2 x V2

10%v/v x 80 mL = C2 x 100 mL

8 %v/v= C2


La variación de la presión de vapor del agua depende del número de partículas quetenga disueltas, sin importar su naturaleza. De acuerdo con los datos del problema, 4gramos de NaOH, corresponden a 0,1 moles (su masa molar es de 40g/mol). En lasopciones solo la alternativa A contiene 0,1 moles de soluto.

Nota: Si el soluto es iónico, debe considerar considerarse en el análisis el factor de Van’tHoff.


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SOLUCIONARIO 1a JORNADA DE EVALUACIÓN GENERAL

MÓDULO FÍSICA COMÚN


El fenómeno denominado interferencia se produce cuando en un punto se encuentramás de una onda de la misma naturaleza, existiendo dos tipos: constructiva odestructiva. La primera se produce cuando las ondas van en fase generando una nuevaonda con mayor amplitud, y la segunda se produce cuando las ondas se encuentran endesfase, lo que genera una onda de menor amplitud, llegando incluso a ser nula.En este fenómeno se mantiene la frecuencia, la longitud de onda y la rapidez de cadaonda que interfiere.

64. La alternativa correcta es A Cuando la luz blanca atraviesa un prisma (cuerpo transparente), se separa en losdistintos colores que la componen según su longitud de onda, es decir, el color rojo portener la mayor longitud de onda es el color que menos se desvía respecto a la direcciónoriginal y en el otro extremo, el color violeta por tener la menor longitud de onda, es elcolor que más se desvía. Además dentro del prisma, el color rojo es el que posee lamayor rapidez, mientras que el color violeta, es el más “lento”.


Un espejo cóncavo forma distintos tipos de imágenes según la ubicación a la que se

encuentre el objeto, respecto al espejo. Si el objeto está más lejos del centro decurvatura, forma una imagen real, invertida y de menor tamaño; si está en el centro decurvatura forma una imagen real, invertida y de igual tamaño; si está entre el centro decurvatura y el foco, forma una imagen real, invertida y de mayor tamaño; y si seencuentra entre el foco y el vértice del espejo forma una imagen virtual, derecha y demayor tamaño. Además si el objeto se ubica justo en el foco, no formará imagen.Según esto, las aseveraciones I) y III) son correctas.


Tal como dice el enunciado la idea que planteó Albert Einstein fue comprobada por elefecto fotoeléctrico, por tal motivo, se deben descartar las alternativas que den lugar aciertas incertidumbres tales como hipótesis, postulado o modelo; ya que las primeras

dos no están demostradas mientras que la última es una representación idealizada queno necesariamente es acorde con la realidad. Debido a que lo se plantea en elenunciado se puede afirmar correctamente que se trata de una teoría ya que entregauna respuesta basada en una comprobación experimental de un hecho científico el cualno se expresa de forma axiomática como lo señalan los principios.


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Al analizar cada una de las afirmaciones, es correcto afirmar que:

I) Cuando una persona observa su rostro frente a un espejo plano todas las mañanas,

observa una imagen derecha de su rostro. Por lo tanto, observa una imagen virtual deél.

II) De acuerdo a la marcha de rayos luminosos frente a un espejo esférico, todo rayoincidente paralelo al eje principal concurre a un punto único después de reflejarse: elfoco.

III) De acuerdo a la marcha de los rayos luminosos, todo rayo luminoso que incide alcentro de una lente emerge de este punto sin desviarse.

Por tanto, las afirmaciones I, II y III son correctas.


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La afirmación I es falsa debido a que el tiempo que la pelota se demora en llegar a sualtura máxima corresponde a

0

2

30

10

3

v t

gm

st m

s

t s

=

=

=

Entonces, cuando han pasado 2 s desde el momento del lanzamiento, el cuerpo aún noha llegado a la altura máxima, es decir, se encuentra subiendo. De la misma manera,cuando han transcurrido 4 s desde el lanzamiento, el cuerpo ya ha pasado por la alturamáxima, es decir, el cuerpo está bajando. Luego, la velocidad a los 2 s es hacia arriba yla velocidad a los 4 s es hacia abajo.

La afirmación II es correcta debido a que el cuerpo en cuestión desde su lanzamientohasta su regreso experimenta la aceleración de gravedad g que es constante para todosu movimiento.

Finalmente, la altura máxima que alcanza la pelota corresponde a

20

máx

2

máx

2

2

2

máx

2

máx

2

30

2 10

900

20

45

v h

g

m

sh

ms

m

shm

s

h m

=

=

⋅

=

=

Entonces, esto significa que la pelota sube hasta una altura de 45 m y después vuelveal punto de lanzamiento recorriendo los mismos 45 m que subió, es decir, en totalrecorre 90 m. Por esta razón, la afirmación III es correcta.


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Para resolver la pregunta es necesario conocer la ecuación itinerario,21x(t) = +v t + a t

2⋅ ⋅ ⋅i i x

Donde xi es posición inicial, vi es velocidad inicial, a es aceleración y t tiempo.Reemplazando los datos iniciales se puede despejar el tiempo que tardaba el corredorinicialmente:

2

2

1100= 0 t + 2 t

2100 t

10 t

⋅ ⋅ ⋅

=

=

l tiempo inicial es de 10 s, entonces si lo quiere reducir a la mitad el tiempo es 5 s, yreemplazando los datos nuevamente en la ecuación (pero esta vez despejando laaceleración) se obtiene:

21

100= 0 t + a 521

100 a 252

8 a

⋅ ⋅ ⋅

= ⋅ ⋅

=


Para resolver la pregunta es importante saber que las poleas móviles reducen la fuerzaa la mitad, y la polea fija solo invierte el sentido de la fuerza, entonces según la figura:

El peso del objeto es 200 N, entonces la primera polea móvil reduce la fuerza a lamitad, 100 N, la segunda polea móvil reduce a la mitad, 50 N, y la polea fija mantienela fuerza pero invierte el sentido, entonces la fuerza necesaria para que suba convelocidad constante es 50 N.

F

20 kg

Primera polea móvil

Segunda polea móvil

Polea fija


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De acuerdo a los datos, se sabe que el agua se congela a -20°W o a 0°C. Igualmente, elagua ebulle a 70°W o en forma equivalente a 100°C.

Obtendremos la ecuación de una recta ( del tipo: y mx n= + ) que pasa por lospuntos siguientes:(70°W, 100°C ) y (0°C ,-20°W ). Poniendo en el eje de las ordenadaslos °W y en el eje de las abscisas los °C, se obtiene que la pendiente de esta recta mide0,9, y el coeficiente de posición mide -20.

Por lo tanto, la ecuación de la recta, que relaciona °C con °W es:

T°W = 0,9 T°C - 20

Utilizando la fórmula anterior, y reemplazando en ella los siguientes valores, se obtieneque:

De la ecuación anterior se observa que la diferencia de temperatura entre las escalas°W y °C se expresa como:

∆T°W = 0,9∆T°C

De donde si ∆T°C = 10 °C entonces, ∆T°W = 9 °W


Este proceso se considerará en dos etapas, primero en calentar el cubo de hielo de 5 g,hasta que alcance los 0°C y luego derretirlo.

Primera etapa: calentar el hielo de -40°C a 0°C.El calor que debe absorber el cubo de hielo es: 1Q = m c t⋅ ⋅ ∆ donde m = masa del cubo de hielo, c = calor específico del hielo y ∆t = variación detemperatura. Reemplazando los datos en la ecuación se obtiene que el calor necesarioson 100 cal.

La segunda etapa es fundir todo el hielo a 0°C.El calor que debe absorber el cubo de hielo es: Q= L m⋅ donde L = calor latente de fusión, que en el caso del agua es 80 cal/g. Reemplazandolos datos en la ecuación se obtiene que es necesario que el cubo absorba 400 cal paraderretirse completamente.

El calor que debe ser absorbido por el cubo de hielo en estas dos etapas estotal 1 2Q Q Q 100 400 500 cal= + = + =

Como la respuesta está indicada en Joule, entonces

total en JoulesQ 500 · 4 2.000 J.= =


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1744-solucionario- 1 jeg presencial- biología 2016

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