problema diseño emisor comun
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Problema Diseño Emisor ComunTRANSCRIPT
Problema:
Diseñar un amplificador en emisor común que cumpla con las siguientes características:
VVin 1.0ˆ
kHzf 1min
kRL 3.3
40vA
100
Fig. 16. Amplificador en emisor común
Solución:
Si se asume que o
L
C
RC VR
RV ˆ
' , para que esto se satisfaga se debe hacer que: 1
'
L
C
R
R por lo
que '
LC RR . Para que lo anterior sea factible se puede asumir que LC RR .
Por lo tanto se asume que kRC 1.5
Teniendo como base lo anterior se puede trabajar con la siguiente ecuación: LCL RRR ||'
Por lo tanto:
kkRRR LCL
3.3
1
1.5
1111'
Se tiene entonces que: kRL 2'
Analizando lo anterior y la ecuación del voltaje en la resistencia de colector se puede decir que:
VVk
kVRC 2.104
2
1.5
mAk
VIC 2
1.5
2.10
132
26
mA
mVre
Por estabilidad térmica VVE 1 y inE VV ˆ
Teniendo en cuenta lo anterior se asume entonces que VVE 5.1
Adicionalmente se asume que EC II por alto
7502
5.1
mA
V
I
VR
E
EE
VVVVVV EBEB 2.25.17.0
max2 BII
AmAI
I C
B
20100
2
min
max
AxII B
4
max2 10210
kRkAx
V
I
VR B
BB 1211
102
2.224
2
2
RCECEino VVVVVVcc minˆˆ
VVVVVVVcc 8.172.105.121.04
Se asume por tanto que VVcc 20
k
AAx
VV
II
VVccR
B
BB 91.80
20102
2.2204
2
1
Se asume por tanto que kRB 821
Ahora para definir el valor de 1ER hace uso de la siguiente ecuación:
371340
2'
1
1
'k
rA
RR
Rr
RA e
V
LE
Ee
LV
Por lo tanto se define que 331ER
Ahora teniendo en cuenta que: 7173375012 EEE RRR
Se asume que 8202ER
8538203321 EEE RRR
Cálculo de capacitores:
Capacitor de base
inCB ZX
BinTin RZZ ||
kRrZ EeinT 65.433131011 1
Asumiendo como valor mínimo de inZ el valor de inTZ
Se puede decir que:
in
BZ
C
10
FFx
kkHzCB
34.01042.3
65.412
10 7
FCB 1
Capacitor de emisor
1EeCE RrX
FFx
kHzRrC
Ee
B
5.341045.3331312
1010 5
1
Por lo tanto se asume que FCB 47
Capacitor de colector
'
LCC RX
Fx
kkHzRC
L
C
7
'1095.7
212
1010
Por lo tanto se asume que FCC 1
La ganancia final es:
5.433313
2
1
'
k
RR
RA
Ee
LV
Para casos en el que se requiera una cierta impedancia de entrada se debe tener presente
que:
inTBBin ZRRZ |||| 21
Aproximando se puede decir que: inTin ZZ
11 EeinT RrZ
V
LinT
A
RZ
'
1
Considerando la resistencia de colector se tiene que:
V
C
inA
RZ 1
Problema:
Diseñar un amplificador en emisor común que cumpla con las siguientes características:
VVout 3ˆ
Hzf 50
kRL 5.1
10vA
60min , 100tip , 60max
Solución:
BinTin RZZ ||
21 || BBB RRR
11 EeinT RrZ
ininT ZZ
inEe ZRr 11 (2)
1
'
1
||
Ee
L
Ee
LC
Rr
R
Rr
RRA
A
RRr L
Ee
'
1 (1)
Reemplazando (1) en (2) se tiene entonces que:
inL Z
A
R
'
1 , por lo tanto
inL ZA
R1
'
Teniendo en cuenta lo anterior se puede decir que:
kRL 1
160
10'
9.163'
LR
9.1635.1|| kRC
184CR
opC iI , se realiza esto para que no exista distorsión a la salida del circuito
'
L
op
C
RC
R
V
R
V
Por lo que op
L
CRC V
R
RV
'
Si LC RR entonces opRC VV
Si LC RR entonces opRC VV 2
Si LC RR , digamos LC RR 10 , entonces opRC VV 10
Tomando en cuenta el criterio de impedancia de entrada relacionado a CR , se asume kRC 1 .
Vkk
kVRC 3
5.1||1
1
VVRC 5
3.1%30
2.1%20
1.1%10
3.1*5VVRC por lo que VVRC 5.6
mAk
V
R
VI
C
RCC 5.6
1
5.6
E
eI
mVr
26 , teniendo en cuenta que CE II esto por alto.
85.35.6
26
mA
mVre
6010
5.1||1'
1
kk
A
RRr L
Ee
Por lo tanto 15.561ER
Con 681ER , inZ se incrementa, A disminuye, la estabilidad se incrementa.
Con 561ER , inZ disminuye, A incrementa, la estabilidad disminuye.
En el caso de que el sistema fuera inestable, por ejemplo con 5.38er , se debe asumir una nueva er
y de esta manera determinar un nuevo valor de CI y por ende un nuevo valor de RCV .
inCEopCE VVVV ˆˆmin
VVVVCE10
323
VVCE 3.5
inE
E
VV
VV
ˆ
1, este análisis se desprende de la estabilidad térmica del circuito, teniendo en cuenta lo
anterior se puede decir que: inE VVV ˆ1
Forward active mode = región activa
mAmAI
I CB 12.0
60
5.6
min
Se asume que BII 2 , para obtener estabilidad de polarización
mAI 2.12
mAmAmAIII B 32.112.02.121
VVVVVVVV BECERCRB 2.116.03.55.61
kmA
V
I
VR RB
B 5.832.1
2.11
1
11
Con kRB 1.91 , 1RBV se incrementa, CEV se incrementa, inZ se incrementa.
Con kRB 2.81 , 1RBV disminuye, CEV disminuye, inZ disminuye.
Se escoge kRB 1.91 .
Teniendo en cuenta que kZin 1 entonces:
kRrZ EeinT 6.360611 1
kZRR inTBB 1|||| 21
kkRk B 166.3||||1.9 2
Por lo que kRB 6.12
VkmARIV BB 92.16.1*2.1. 22
VVVE10
31
VVE 3.1
Se asume que kRB 8.12 por lo que VkmARIV BB 16.28.1*2.1. 22
VVVVVV BEBE 56.16.016.2