apunte 6 - aproximación de areás mediante rectángulos
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APUNTE DE CÁLCULO
INTEGRACIÓN
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CAPITULO 3: INTEGRACIÓN LA INTEGRAL DEFINIDA APROXIMACION DE AREAS MEDIANTE RECTÁNGULOS El cálculo de áreas de regiones conocidas tales como triángulos
rectángulos y cuadrados pueden ser fácilmente calculadas, ¿pero qué sucede
con las áreas de regiones irregulares, algunos de cuyos lados son curvas?.
Para calcular áreas de estos tipos existe un método general, que consiste en
aplicar algunos conceptos del cálculo que están íntimamente relacionados
estos son el concepto de Límite, Derivada e Integral Definida.
Nuestro problema es el siguiente:
Estamos interesados en calcular en forma exacta el área comprendida
entre la curva ( ) 2xxfy == (parábola) y el eje x en el intervalo [ ]4,0 , este
problema nos llevará al concepto de Integral Definida.
Para calcular el área dividiremos el intervalo [ ]4,0 , en intervalos cada vez
más pequeños, a medida que aumenta el número de divisiones la suma de las
áreas de los rectángulos es cada vez más próxima el área bajo la parábola
( ) 2xxfy == , esto se puede apreciar en los gráficos siguientes :
A1 A2
Aproximación por defecto, la suma de las áreas de los rectángulos es menor que el área bajo la curva y = x2
Aproximación por exceso, la suma de las áreas de los rectángulos es mayor que el área bajo la curva y = x2
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=2A Aproximación por exceso = ( )1625,12925,6425,2125,05,0 +++++++
5,25515,02 =⋅≈A Unidades cuadradas.
≈1A Aproximación por defecto = ( )25,12925,6425,2125,05,0 ++++++
5,17355,01 =⋅≈A Unidades cuadradas.
A medida que la cantidad de rectángulos aumenta, la suma de las áreas de los rectángulos es cada vez más próxima al área bajo la curva. Para todos debe ser conocida la fórmula del área de un rectángulo, (área = base x altura), en cada una de las figuras anteriores la base de cada rectángulo es una fracción de intervalo [ ]4,0 , de las figuras anteriores podemos observar lo siguiente: a medida que el número de rectángulos aumenta, la base de cada rectángulo tiende a cero (he aquí la noción de límite).
Por otra parte la altura de cada rectángulo es la imagen del algún número ix , dentro del i-ésimo subintervalo, luego se tiene que:
altura )( ixf= (1)
Si 1y +ii xx , son los extremos del i-ésimo intervalo, entonces la base
del i-ésimo rectángulo es. base iii xxx ∆=−= +1 (2)
De acuerdo a (1) y (2), se tiene que el área del i-ésimo rectángulo es: área = base x altura )( ixf= ix∆
xi xi+1
iii xxx −=∆ +1
f(xi)
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La sumatoria de las áreas de todos los rectángulos es aproximadamente igual al área bajo la curva ( )xfy = , esto es:
Área total ∑=
∆≈∆++∆++∆+∆≈n
iixxfxxfxxfxxfxxf innii
1)()()()(1)( 221 ……
Definición (Sumas de Riemann): La expresión iiii xcxn
iixcf ≤≤
=∆ −∑ 1con ,
1)( ,
Se llama Suma de Riemann. Donde f es una función definida en el intervalo [ ]nxx ,0 y
ix∆ es el ancho del i-ésimo subintervalo
Cuando el número de rectángulos n, tiende a infinito se tiene el valor exacto del área bajo la curva ( )xfy = , es decir,
∞→n
lim ∑ ∫
===∆
n
i a
dxxfixxf i
1
b)( totalÁrea )( (3)
La expresión (3) se conoce como la integral definida de la función ( )xf
en el intervalo [ ]ba , , f (x) debe ser una función continua en el intervalo, El valor a se llama límite inferior de integración. El valor b se llama límite superior de integración. ( )ba > El símbolo dx indica la variable respecto a la cual vamos a integrar.
El símbolo ∫ es una letra ese alargada, como una abreviatura de la palabra
suma.
Hallar el área bajo una curva es sólo una de las muchas aplicaciones de la integral definida, también podemos calcular la longitud de un arco, el valor medio de una función, volúmenes, trabajos, probabilidades y áreas de superficies. EL TEOREMA FUNDAMENTAL DEL CALCULO (T.F.C.) Si una función f es continua en el intervalo [ ]ba , , entonces:
)()()( aFbFdxxfb
a−=∫
Donde F es cualquier función tal que )()(, xfxF = para todo x en [ ]ba , .
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EJEMPLOS:
1. dxx23
1∫ 3
26
3
1
3
27
3 1
33=−== x
2. =−∫ dxx 122
0( ) +−−∫ dxx 12
21
0( ) xxdxx +−=−∫
22
2112
0
21 xx −+ 2
21
2
2
5=
3. ( ) xx
xdxxx +−=+−∫ 213
2321
0 2
301
2
11
0
1=−+−=
=
=
x
x
4. sen cos2
0xdxx =∫
π
0
2
=
=
x
x π1010 2 =−=−= sensen π
5. x sen2
0∫π
xdx cos−=0
2
=
=
x
x π1100 cos2 cos =+=+−= π
6. xedxxe1
0=∫
0
11eee 01 - - ==
7. dtt
1t4t22
3
1
2 ++∫
Dividiendo por t2
)2ln(42
7
))1ln(41())2ln(44(
t
1-tln4t
dttt
dt4tdt2dt)t
t
4t2(dt
t
1t4t2
21
2
11 11
22
3
1
22 222
+=
++=
+=
=++=++=++
1--2
1-
∫∫ ∫∫∫ 2--
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95
SEGUNDO TEOREMA FUNDAMENTAL DEL CALCULO
Si f es continua en un intervalo abierto I que contiene al número a, para todo x del intervalo es:
( ) ( )xfx
adttf
dx
d =
∫
EJEMPLOS:
1. Calcular dx
d∫x t dte0
2
SOLUCIÓN:
La función ( ) 2tetf = es continua en todo IR por el segundo T.F.C., se tiene que:
dx
dtdte
x
∫02 2xe=
2. Utilizar el segundo T.F.C. para hallar ( )xF ,
a) ( ) dttxFx
141∫− += b) ( ) ∫− +−=
xdtttxF
22 )52(
SOLUCION:
a) ( )xF ,dx
d= dttx
11
4∫− +
1)( 4 += ttf es continua en todo IR, por el segundo T.F.C.
( )xF , = 14 +x
b) ( )xF , = ∫− +−x
dtttdx
d
22 )52(
52)( 2 +−= tttf , es continua en todo IR, por el segundo T.F.C.
( )x,
F = 522 +− xx
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TEOREMA: INTEGRACIÓN DE FUNCIONES PARES E IMPARES. Sea f integrable en el Intervalo Cerrado [ ]aa,− 1. Si f es una función tal que: )()( xfxf −= , f es una función par entonces:
∫ ∫−=
a
a
adxxfdxxf
0)(2)(
2. Si f es una función tal que: ( ) ( )xfxf −=− , f es una función impar
entonces:
∫− =a
adxxf 0)(
EJEMPLOS:
1. ∫−
=1
1
3 0dxx
3)( xxf = es una función impar ya que:
)()()( 33 xfxxxf −=−=−=− ,y además [ ]1 ,1− es simétrico respecto al origen , se tiene que la
integral ∫−
1
1
3dxx es cero.
2. =
+=+=+ ∫∫
−
3
0
33
0
23
3
2 43
2)4(2)4( xx
dxxdxx ( ) 421292 =+
La función 4)( 2 += xxf es par ya
que )()( xfxf −= , luego las función es simétrica respecto al eje Y, y las áreas son iguales A1 = A2.
0
X
Y
A2 A1
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INTEGRACIÓN
97
3. 0)64(2
2
35 =+−∫−
dxxxx
La función xxxxf 64)( 35 +−= es impar
y además el intervalo [ ]2 ,2− es simétrico con respecto al cero, luego la integral
dxxxx )64(2
2
35∫
−+− es cero.
4. ∫−4
4 cos
ππ
dxx
Como ( ) xxf cos= es par entonces:
[ ] 22
22sen2 cos2 cos 4/
04
0
4/
4/=⋅=== ∫∫−
ππππ
xdxxdxx
5. ( )∫ ∫ ∫−−−=−==
4
4
4
0
4
00 cos4 cos2cos2 sen2 sen
ππ
π ππxdxxdxx
22
22 −=⋅−=
6. dxx 4 cos14/
0∫ +π
SOLUCION:
Por la identidad 2
2cos1cos
22 uu
+= se obtiene uu 22 cos22cos1 =+
Con xu 2= , obtenemos: xx 22cos 24 cos1 =+
Por lo tanto:
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98
∫ ∫=+4
0
4
02 2cos 2dx 4 cos1
π πdxxx
∫∫ ==4/
0
4
0 2 cos2 22cos2
ππdxxdxx
Como 02 cos ≥x en el intervalo [ ]4,0 π
∫=4/
0 2 cos2
πdxx
4/
02
2 sen2
π
= x ( )2
201
2
2 =−=
EJERCICIOS: Utilizar el teorema fundamental del Cálculo, para evaluar las integrales siguientes.
dxx 2 cos10∫ −π
∫π0
2 sen dxx
EL AREA BAJO UNA CURVA Si )(xf es una función continua y no negativa en el intervalo bxa ≤≤ ,
y R es la región acotada por el gráfico de f, las rectas verticales ax = y bx = , y el eje x, entonces
EJEMPLOS: 1. Hallar el área de la región acotada por las rectas y = 2x, x – 2 = 0 y el
eje x . La región en cuestión es el triángulo de la figura y su área es claramente 4 unidades cuadradas, podemos verificar este resultado usando una integral definida.
R
y=f(x)
X
Y
a b 0
R
xd)x(fR de Areab
a∫=
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(2, 4)
42Area2
0
22
0=== ∫ xxdx u2
2. Hallar entre la parábola 342 −+−= xxy y el eje x.
Factorizando el polinomio,
)1)(3(342 −−−=−+−= xxxxy
vemos que las intersecciones con el eje x, son los puntos (1, 0) y (3, 0). Observando el siguiente gráfico, podemos plantear una integral definida para calcular el área.
3
4)32()9189()32()34(
313
123
313
12 =−+−−−+−=−+=−+−= ∫ xxxdxxxRArea u2
EJERCICIO 1) Hallar el entre la curva y = 1 – x2 y el eje x. 2) Hallar de la región limitada por las recta y = 2x – 4 y los ejes coordenados. 3) Hallar el limitada por la curva y = x3 + 1, y las rectas x - 1= 0, x - 4 = 0.
0 2 X
Y
R
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100
El AREA ENTRE DOS CURVAS. Si f(x) y g(x) son continuas en el intervalo bxa ≤≤ , con )()( xgxf ≥ , y si R es la región acotada por los gráficos de f y g y las rectas verticales x = a y x = b, entonces
EJEMPLOS: 1. Hallar el área de la región acotada por:
a) 2 42 +=+−= xyexy entre 1 x 2 =∧−=x
b) 2 3 e xyxy ==
c) 2 e xyxy ==
d) 22 1 e 3 x yxy −=+= entre 1y 2 =−= xx SOLUCION: a) Para visualizar la situación, se debe esbozar la región como se muestra en la figura. Entonces debemos aplicar la fórmula
[ ]∫ −=b
a
dxxgxfde RArea )()(
a f(x) = -x2 + 4 y g(x) = x + 2.
R
y = f(x)
y = g(x)
a b X
Y
f(x) = -x2 + 4
g(x) = x + 2
[ ]∫ −=b
a
dxxgxfde RArea )()(
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101
b) Para hallar el área acotada por las curvas 23 e xyxy == . Debemos dibujar las curvas y resolver sus ecuaciones simultáneamente para hallar los puntos de intersección (0, 0) y (1,1). La región en cuestión está acotada por encima por la curva y = x2 y por debajo por la curva y = x3 y se extiende desde x = 0 a x = 1.
12
1)()( 1
04
413
311
032 =−=−= ∫ xxdxxxArea
c) Para hallar el área acotada por las curvas 2 e xyxy == . Trazamos el gráfico y hallamos los límites de integración, resolviendo las ecuaciones
2 e xyxy == simultáneamente.
3
1)()( 1
03
31
321
02 =−=−= ∫ xxxdxxxArea
[ ]
2
942
3
82
2
1
3
1
223
)2()2(4 12
232
1
2
1
2
2
=
−−−+−−=
=+−−=+−−=+−+− =−=
−−∫∫
x
xx
xxdxxxdxxx
1 0
1
0 1
1
y = x2
xy =
y = x2
y = x3
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INTEGRACIÓN
102
EJERCICIOS:
1. a) Usar 5 rectángulos para aproximar el área bajo la curva
y f x x= = +( ) 2 4 , en el intervalo [1,4]]]], evalúese la altura de cada rectángulo en el extremo izquierdo, el extremo derecho y el punto medio de cada subintervalo.
b) Plantear una integral definida para calcular el área bajo la curva y f x x= = +( ) 2 4 , en el intervalo [1,4]]]], comparar los resultados.
c) Usando el punto medio, calcular 1
1
2
xdx∫ , en forma aproximada , con 5
rectángulos. Respuesta. 0,69191 2. En cada uno de los siguientes ejercicios, hallar la antiderivada. Usar la condición adicional para determinar la solución particular.
a) f x x x x' ( ) = − + −4 32 7 6 ; f ( )1 2= . Resp: f x x x x x( ) = − + − +1
5
1
2
7
26
24
55 4 2
b) f x x' ( ) ( )= + 2 7 ; f ( )− =2 1. Resp : f x x( ) ( )= + +1
82 18
3. Graficar la región limitada por las curvas dadas y calcular su área. a) x = 2, x = 4, y = x2 , y = -x. b) x = 0 , x = 3 , y = x2 , y = 12x c) x = 1, x = 2, x2y = 2 , x + y = 4. d) x = y2 , x = 18 - y2 .
e) y x y x= =, 3 . f) y = x2 + 4x +2 , 2x - y + 5 = 0. 4. En los problemas siguientes hallar las áreas de los triángulos formados por los vértices dados . (Sugerencia hallar primero la ecuación de la recta que pasa por uno de los lados del triángulo y luego plantee una integral). a) (0,0), (4,1), (2,4) b) (-2,-1), (2,2), (3,-2).
EXTREMO IZQUIERDO
EXTREMO DERECHO
PUNTO MEDIO
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INTEGRACIÓN
103
5. En los ejercicios siguientes calcule el área de la región plana encerrada por las
gráficas de las curvas que se indican:
a) y = 9 – x2, y = 0
b) y2 = x
2 – x
4
c) y = x, y = x3
d) y2 = x, x = 4
e) y2 = x –1, y = x – 3
f) x = 4 – y2, y = 0
g) y = 6x – x2, y = x
2 – 2x
h) y = x5 , y = x
6
i) y = x, y = x
1 , 3x + 4y –14 = 0 (la mayor)
j) x = 1, x = 2, y = 3x, y = x2
k) y = x3- 3x
2 + 2x y el eje de las abscisas, desde el origen hasta el punto de su
última intersección.
l) 27y = 2x3 y la tangente a esta curva en x = 3.
m) x = 3, x2 + y
2 = 25 (el menor de los segmentos determinados por la recta sobre el
círculo).
n) y = x3 y la tangente a la curva en el punto (1, 1).