solusi uts kalkulus 2014
DESCRIPTION
Solusi UTS Kalkulus 2014 FT UITRANSCRIPT
Solusi UTS Kalkulus
Rabu, 22 Oktober 2014
08.00 – 09.50 WIB
Bagian A
1. Fungsi (f ◦ g)(x) =1√x− 1
terdefinisi saat x − 1 > 0, sehingga daerah asalnya adalah
Df◦g = (1,∞). Karena√x− 1 > 0, daerah hasilnya adalah Rf◦g = (0,∞).
2. Dari definisi harga mutlak diketahui bahwa,
|x− 1| ={x− 1, jika x ≥ 11− x, jika x < 1
Sehingga,
limx→1−
x2 − |x− 1| − 1
|x− 1|= lim
x→1−
x2 − (1− x)− 1
1− x
= limx→1−
x2 + x− 2
1− x
= limx→1−
(x− 1)(x + 2)
1− x= lim
x→1−−(x + 2)
= −3
3. Agar fungsi f punya turunan di x = 1, fungsi turunan kiri dan turunan kanan di x = 1haruslah sama.Tinjau turunan kiri f di x = 1,
limh→0−
f(1 + h)− f(1)
h= lim
h→0−
(h2 + h + 3)− 3
h
= limh→0−
h(h + 1)
h= lim
h→0−h + 1
= 1
Tinjau turunan kanan f di x = 1,
limh→0+
f(1 + h)− f(1)
h= lim
h→0+
(1 + 2√
1 + h)− 3
h
= limh→0+
1√1 + h
= 1
Kefas 1
Karena turunan kiri dan turunan sama, maka fungsi f diferensiabel di x = 1 denganf ′(1) = 1.
4. Dari definisi harga mutlak diketahui bahwa,
|x| ={x, jika x ≥ 0−x, jika x < 0
Maka, ∫ 1
−1(1− |x|) dx =
∫ 0
−1(1− |x|) dx +
∫ 1
0(1− |x|) dx
=∫ 0
−1(1 + x) dx +
∫ 1
0(1− x) dx
=[1 +
1
2x2]0−1
+[1 +
1
2x2]10
= 1
Bagian B
1. (a) Sketsa grafik fungsi f :
-3
-2
-1
1
2
3
-3 -2 -1 1 2 3 x
yf(x)
(b) Agar fungsi f kontinu pada x = 1, haruslah f(1) = limx→1
f(x).
• f(1) = 1
• limx→1−
f(x) = limx→1−
|x| = 1
• limx→1+
f(x) = limx→1−
x2 = 1
• limx→1
f(x) = 1
Jadi, f kontinu pada x = 1.
Sekarang, tinjau kekontinuan f pada x = −1,
• f(−1) = 1
• limx→−1−
f(x) = limx→−1−
bxc = −2
Kefas 2
• limx→−1+
f(x) = limx→1−
|x| = 1
Karena limit kanan dan limit kiri berbeda, maka limitnya tidak ada. Jadi f tidakkontinu pada x = −1.
2. Misalkan x, t, V, dan A berturut-turut adalah panjang persegi, tinggi peti, volume peti, dan
luas permukaan peti. Karena volume tabung adalah V = x2t = 27000, maka t =27000
x2.
Luas permukaan peti tersebut dapat dirumuskan sebagai,
A = 2x2 + 4xt = 2x2 +108000
x
Maka,dA
dx= 4x− 108000
x2
Titik stasioner terjadi saatdA
dx= 0, sehingga diperoleh x = 30 sebagai titik stasioner.
Untuk x = 30, maka t = 30. Jadi ukuran peti agar bahan yang diperlukan sehematmungkin adalah 30× 30× 30 cm3.
3. (a) Misalkan t = x2, maka dt = 2x dx.∫x3 sinx2 dx =
1
2
∫t sin t dt
Misalkan u = t dan dv = sin t dt, maka du = dt dan v = − cos t.∫t sin t dt = −t cos t−
∫− cos t dt
= −t cos t + sin t + C
Jadi, ∫x3 sinx2 dx = −1
2x2 cosx2 +
1
2sinx2 + C
(b) ∫ 1√−x2 + 2000x− 999999
dx =∫ 1√
1− (x− 1000)2dx
= arcsin(x− 1000) + C
4. Dengan partisi ∆x diperoleh,
∆A =((x2 − 4
)−(−x2 − 2x
))∆x
Dengan batas x = −3 sampai x = −2 diperoleh luas daerah,
A =∫ −2−3
((x2 − 4
)−(−x2 − 2x
))dx
=∫ −2−3
(2x2 + 2x− 4
)dx
=[2
3x3 + x2 − 4x
]−2−3
=11
3
Kefas 3